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8^ Lezione
•• EEqquuaazziioonnii ggoonniioommeettrr iicchhee ..
•• EEqquuaazziioonnii lliinneeaarrii (( 11°° ggrraaddoo )) iinn sseennoo ,, ccoosseennoo ee ttaannggeennttee ..
•• EEqquuaazziioonnii ccoommpplleettee ddii 22°° ggrraaddoo iinn sseennoo ,, ccoosseennoo ee ttaannggeennttee ..
•• EEqquuaazziioonnii oommooggeenneeee ddii 11°° ee 22°° iinn sseennoo ee ccoosseennoo ..
•• EEqquuaazziioonnii lliinneeaarrii iinn sseennoo ee ccoosseennoo ..
•• EEqquuaazziioonnii rriiccoonndduucciibbiillii aallllee oommooggeenneeee ..
• DDiisseeqquuaazziioonnii ggoonniioommeettrriicchhee .
Corso di Analisi: Algebra di Base
•• Allegato Esercizi .
EQUAZIONI GONIOMETRICHE
Così come per le equazioni algebriche , anche per quelle goniometriche il significato non varia.Risolvere quindi un’equazione significa determinare quel particolare valore da assegnare allavariabile x ( intesa come angolo ) cosichè la eguaglianza sia verificata.
EQUAZIONI LINEARI ( 1° GRADO ) IN SENO , COSENO E TANGENTE
0sen =+ bxa ⇒ sen xb
a= −
es: 2 1 0sen x + = ⇒ sen x = −1
2 ⇒
x k
x k
1
2
7
62
11
62
= +
= +
π π
π π k=0,1,2,….n
x1
7
6= π − 1
2 x2
11
6= π
Es: 2 1 0cosx − = ⇒ cos x = =1
2
2
2 ⇒
x k
x k
1
2
42
7
42
= +
= +
ππ
π π
Es: 013 =−tgx ⇒ 3
3
3
1+=+=tgx ⇒
ππ
ππ
kx
kx
26
7
26
1
2
1
+=
+=
ππ
kx +=62
1
x1 6=
π
π6
72 =x
3
3
2
2
x1 4=
π
x2
7
4= π
EQUAZIONI COMPLETE DI 2° GRADO IN SENO , COSENO E TANGENTE
2 3 1 02sen senx x− + = possiamo pensare di sostituire al senx la variabile y avendo così l'equazione di 2° grado relativa :
2 3 1 02y y− + = ⇒ yy
y1
2
1
2
3 9 8
4
12
1=
± −=
=
=
e ricordando della sostituzione sopra:
1sen
21sen
=
=
x
x
ππ
ππππ
kx
kxkx
22
26
5,2
6
3
21
+=
+=+=
0cos2cos2 =− xx si può comunque , in questo caso , procedere anche tramite un raccoglimento :
( )cos cosx x − =2 0 da cui cos
cos
x
x
==
0
2
x k
x
= +
/∀ ∈ ℜ
ππ
2
tan g x2 1 0− = di qui : tan gx = ±1 per cui x k= +π π4 2
.
0sensen2 =++ cxbxa
EQUAZIONI OMOGENEE DI 1° e 2° GRADO IN SENO E COSENO
Si risolvono dividendo per cosx , cos2 x , escludendo quei valori per i quali cosx = 0 .
Es. 2 2 0sen cosx x+ = ⇒ 2 2 0sen
cos
cos
cos
x
x
x
x+ = ⇒ tgx + =1 0
cos x ≠ 0 ⇒ x k≠ ±π
π2
tgx = −1 ⇒ x k= +3
4π π
valori accettabili poiché diversi da quelli esclusi.
3
4π
π4
7
0cossen =+ xbxa 0cossen 22 =+ xbxa
Es. 2 3 02 2sen sen cos cosx x x x+ + =
dividendo tutti i termini per cos2 x : 2 3 1 02tg x tgx+ + =
e risolvendo l'equazione di 2° grado in tgx si ottiene :
tgx
tgx
tgx1
2
3 9 8
4
1
1
2
1
2
=− ± −
== −
= −
da cui :
x k
x
1
2
3
41
2
= +
= −
π π
arctg
EQUAZIONI LINEARI IN SENO E COSENO
Si risolvono mediante sostituzione , ponendo sen xtg x
tg x=
+
2 2
1 22
, cosxtg x
tg x=
−
+
1 2
1 2
2
2 , tg x t2 = .
quindi si ha : sen xt
t=
+2
1 2 , cosxt
t=
−+
1
1
2
2 .
Es. 2 3 2 0sen cosx x+ − =
22
13
1
12 02
2
2
t
t
t
t++
−+
− = 4 3 3 2 2
10
2 2
2
t t t
t
+ − − −+
= − + + =5 4 1 02t t
con 1 02+ ≠t ⇒ ∀ ∈ ℜt .
0cossen =++ cxbxa
0145 2 =−− tt ⇒
−=
−==
+±−=
5
1
1
10
20164
2
1
21 t
tt
e quindi :
5
1
2
12
−=
−=
xtg
xtg
⇒ )
5
1arctg(
2
4
3
2
−=
+=
x
kx
ππ
⇒ )
5
1arctg(2
22
3
−=
+=
x
kx ππ
EQUAZIONI RICONDUCIBILI ALLE OMOGENEE
Si risolvono moltiplicando il termine noto per ( sen cos2 2x x+ ) .
Es. sen sen cos cos2 22 2x x x x− + =
( )sen sen cos cos sen cos2 2 2 22 2x x x x x x− + = + infatti ( )sen cos2 2 1x x+ =
sen sen cos cos sen cos2 2 2 22 2 2x x x x x x− + = +
sen cos sen cos2 2 2 0x x x x+ + = e dividendo per cos2 x :
tg x tgx2 2 1 0+ + = ⇒ ( )tgx + =1 02
⇒ tgx = −1 ⇒ x k= +3
4π π .
dxcxxbxa =++ 22 coscossensen
DISEQUAZIONI GONIOMETRICHE
Per qualunque tipo di disequazione , ci comporteremo nello stesso modo e con la medesimaprocedura che abbiamo usato per le corrispondenti equazioni .
Es. 2 1 0cosx − > ⇒ cos x >1
2
da cui avremo : 0 23
2+ < < +k x kππ
π , 5
32 2 2π π π π+ < < +k x k .
Es. 3 0sen cosx x− ≤
dividendo i termini per cosx : 3 1 0tgx − ≤ .
NOTA BENE: La risoluzione della disequazione sopra non corrisponde alla risoluzione della disequazione data ; tutto questo poiché il coseno, termine che esprime il divisore , può assumere valori sia positivi che negativi . Ecco quindi che sarà necessario mettere a grafico finale i risultati parziali che esprimono i corrispondenti segni.
Avremo allora: 3 1 0tgx − ≤ ⇒ tgx ≤3
3
2
1
π3
5
3π
06
+ ≤ ≤ +k x kππ
π , π
π π π2
7
6+ ≤ ≤ +k x k
3
22 2π π π π+ ≤ ≤ +k x k
cos x > 0 ⇒ 0 22
2+ < < +k x kππ
π , 3
22 2 2π π π π+ < < +k x k
e quindi la disequazione iniziale è soddisfatta per : π
π π π6
27
62+ ≤ ≤ +k x k , x ≠
π2
.
0 +π6
+π2
+5
6π +π +
7
6π +
3
2π + 2π
+ - - + +
+5
6π
3
3 +
π6
+ π6
7 + π
6
11
0
+π2
+3
2π
ESERCIZI SULLE EQUAZIONI GONIOMETRICHE
ESERCIZI SULLE DISEQUAZIONI GONIOMETRICHE
Esercizi della 8°lezione di Algebra di base
Torna all'indice degli esercizi
Nasconde le soluzioni
Visualizza le soluzioni di tutti gli esercizi
Visualizza solo la soluzione dell'esercizio
USO DEI PULSANTI
Torna all'indice della lezione
Risolvere le seguenti equazioni goniometriche :
1. 01sen2 =+x
−−++=
−−++=
⇒−=⇒=+
ππππ
ππππ
kkx
kkx
xx
24
12
4
7
24
32
4
5
2
1sen01sen2
2
1
2. 03cos2 =−x
+−=
++=⇒=⇒=−
πππ
ππ
kx
kxxx
26
26
2
3cos03cos2
2
1
2
1−
π4
5+ π
4
7+
6
π+
2
3
6
π−
3. 033 =+tgx
++=⇒−=⇒−=⇒=+ ππ kxtgxtgxtgx3
23
3
3033
4. 0cos2sen =+ xx
( )
ππππ
ππ
kxkx
kx
x
x
x
x
xxxxxxx
26
11,2
6
72
2
1sen
0cos
01sen2
0cos
01sen2cos0coscossen20cos2sen
++=++=
++=⇒
−=
=⇒
=+=
⇒
=+⇒=+⇒=+
π3
2+
π3
5+
3−
π6
7+
2
1− π
6
11+
π2
3+
2
π+
5. 0cossen4cossen 22 =−+ xxxx
++=
++=⇒
++=
++=⇒
=⇒=−⇒=−+
ππ
ππ
ππ
ππ
kx
kx
kx
kx
xxxxxx
12
512
26
52
26
2
2
12sen02sen210cossen4cossen 22
6. 12coscos =− xx
( ) ( )
( )
++=++=
++=⇒
=
=⇒
=−=
⇒=−⇒=+−⇒
=+−−⇒=−−⇒=−
ππππ
ππ
kxkx
kx
x
x
x
xxxxx
xxxxxxxx
23
5,2
3
2
2
1cos
0cos
0cos21
0cos0cos21cos0coscos2
1cos1coscos1sencoscos12coscos
2
2222
π12
5+
12
π+
π12
13+
π12
17+
7. 12coscos2 =− xx
( )
++=
−−=⇒
+=−=
⇒±=⇒
=⇒=−−⇒=−
ππ
ππ
kx
kx
x
xx
xxxxxx
22
22
1sen
1sen1sen
1sen1sencoscos12coscos 22222
2
1+
3
π+2
π+
π3
5+
π2
3+
2
π+
2
π−
8. xxx cos12sensen −=−
( ) ( )( )
( )( ) ( )
( )( )
( )( )( )
( )
( )( )
+
±=
++=
=
⇒
+
±=
++=
=
⇒
−=−=
=
=
⇒
=−−
=−=
⇒=−−−⇒
=+
−−−⇒=+
++−⇒=+
−−+−⇒
=+
−+−−−+−+⇒
+
+−+=
+
−−+⇒
+−
−=+−
⋅+
−+
⇒+−
=+
=⇒
=⇒−=−⇒−=−
π
πππ
π
ππ
π
kx
kx
kx
kx
kx
kx
xtg
xtg
xtg
xtg
tt
t
t
tttt
t
tttt
t
tttt
t
tttt
t
ttttttt
t
tt
t
tttt
t
t
t
t
t
t
t
t
t
tx
t
tx
tx
tgpostoxxxxxxx
22
335arctg2
22
2
2
335arctg
2
42
2
2
335
2,
2
335
2
12
02
025
01
0
0251
01
2510
1
2360
1
236
01
1214422
1
11
1
1412
1
11
1
1
1
22
1
2
1
1cos,
1
2sen
2cos1cossen2sencos12sensen
2
2
22
2
22
23
22
234
22
22433
22
222
22
22
2
2
2
2
222
2
2
+
2
335arctg2
+
2
335arctg
2
π+
π2
−
2
335arctg
−
2
335arctg2
9. xx sen211cos2 +=−
( ) ππ
kxxxx
xxxxxx
22
1sen01sen01sen
01sen2sensen21sensen211cos
2
222
+−=⇒−=⇒=+⇒=+⇒
=++⇒+=−⇒+=−
10. ( )xxx 22 sen123sen2cos4 −+=+
( ) ( )
( )
ππkxx
xxxx
xxxxxx
232
1cos
01cos201cos201cos4cos4
cos23cos12cos4sen123sen2cos4
22
2222
+±=⇒=⇒
=−⇒=−⇒=+−⇒
+=−+⇒−+=+
2
π−
2
1
3
π−
3
π+
11. xxx 22 cos222sen2cos3 −=+
( )
( )
++=
+
−=
⇒
=
−=⇒
=
−=⇒=−−⇒
=⇒=−−⇒=+⇒
≠⇒=+⇒
−=+⇒−=+
ππ
π
kx
kx
tgx
tgx
t
ttt
ttgxpostotgxxtgxtgtgx
xpostoxperdividendoxxxx
xxxxxx
4
5
1arctg
15
1
15
10145
0145541
0coscossen5cossen4cos
cos152sen2coscos552sen2cos
2
12
22
222
2222
12. 32sen2cos =− xx
( )
( )
ℜ∈∀/⇒ℜ∈∀/⇒<−=∆⇒=++⇒
=⇒=++⇒=++⇒
≠⇒=++⇒
+=−−⇒=−
xttt
ttgxpostotgxxtgtgxxtg
xpostoxperdividendoxxxx
xxxxxxxx
07012
0120242
0coscos0cossen2sen4cos2
cossen3cossen2sencos32sen2cos
2
22
222
2222
1+
5
1−
4
π+
−5
1arctg
π2
Risolvere le seguenti disequazioni goniometriche :
13. 02
1cos >−x
ππ
ππ
kxkxx 23
232
1cos0
2
1cos ++<<+−⇒>⇒>−
14. 01sen2 ≥−− x
ππππ kxk
xxx
24
72
4
5
2
2sen
2
1sen01sen2
+<<++⇒
−≤⇒−
≤⇒≥−−
2
1
3
π+
3
π−
π4
7+π
4
5+
2
2−
15. 0sen
2
1cos
>−
x
x
πππ
ππ
ππ
kxk
kxk
x
x
x
x
22
23
23
0sen2
1cos
0sen
2
1cos
+<<
++<<+−⇒
>
>⇒>
−
e graficamente nell'intervallo [ ]ππ +− ; :
Quindi : ππ
πππ
ππ kxkkxk 23
2,23
2 ++<<+−<<+−
O anche :
Come verifica prendiamo un angolo compreso nell'intervallo soluzioni ; ad esempio 6
π=x :
sostituendo nella disequazione di partenza si ha :
0130
2
12
1
2
3
0
6sen
2
1
6cos
>−⇒>−
⇒>
−
π
π
che verifica .
π− 3
π− 0
3
π+ π+
+ - + -
3
π+
3
π−
2
1
π−0
16. 01cos2
1sen2
>−−
x
x
+±−ℜ∈∀/⇒+≥−≤⇒≥−⇒ ππ
kxxxxRC2
1sen,1sen01sen.. 2
e poiché la condizione di realtà è verificata solo per i valori
+± ππ
k2
che al tempo stesso
annullano il numeratore è evidente che la disequazione non è verificata per alcun valore reale .
17. 02sen2
4
1cos
3
2
>−
−
x
x
ππππππ
π
ππππ
πππππππ
kxkkxkD
kxk
kxkkxkN
x
xx
x
x
x
x
2224
7,2
420
2223
5
23
2,23
42
3
20
2
2sen
2
1cos,
2
1cos
02sen2
4
1cos
02sen2
4
1cos
3
2
3
2
+<<+++<<⇒>
++<<+⇒
++<<++<<++⇒>
⇒
>
+>−<⇒
>−
>⇒>
−
−
e graficamente nell'intervallo [ ]π2;0 + :
Quindi :
ππππππππ
πππππππ
kxkkxk
kxkkxk
2224
7,2
3
52
3
4
,23
22
3,2
42
++<<++++<<+
++<<++++<<
0 4
π+
3
π+ π
3
2+ π+ π
3
4+ π
3
5+ π
4
7+ π2+
+ - + - + - +
O anche :
Come verifica prendiamo un angolo compreso nell'intervallo soluzioni ; ad esempio π2
3=x :
sostituendo nella disequazione di partenza si ha :
0224
10
22
4
1
0
22
3sen2
4
1
2
3cos
333
2
>+
⇒>−−
−⇒>
−
−
π
π che verifica .
18. 0cos11
2sen≤
−− x
x
ℜ∈∀⇒≤⇒≥−⇒ xxxRC 1cos0cos1..
ππππ
ππ
π
ππ
πππ
π
πππ
kxk
kxk
x
kxk
x
kxk
x
kxk
x
x
x
x
22
22
2
0cos2
0cos2
1cos1
222
0cos11
02sen0
cos11
2sen
++<<+−
++≤≤⇒
>
++≤≤⇒
<−
++≤≤⇒
<−
++≤≤⇒
>−−
≥⇒≤
−−
π3
2+
4
π+
π4
7+
3
π+
π3
4+ π
3
5+
π−0
e graficamente nell'intervallo [ ]ππ +− ; :
Quindi : ππ
πππ
ππ kxkkxk 22
2,22
2 ++≤≤+−<≤+−
O anche :
Come verifica prendiamo un angolo compreso nell'intervallo soluzioni ; ad esempio π4
3−=x :
sostituendo nella disequazione di partenza si ha :
0
2
111
1
0
2
111
10
4
3cos11
2
3sen
0
4
3cos11
4
32sen
≤+−
≤
−−−
⇒≤
−−−
−
⇒≤
−−−
−
π
π
π
π
che verifica .
π− 2
π− 0
2
π+ π+
+ - + -
2
π+
2
π−
π−0
19. 0cos412cos3 ≤−−− xx
( )
ππ karxkar
x
x
xxttt
txpostoxxxx
xxxxxx
23
1cos2
3
1cos
3
1cos
1cos
3
1cos1
3
110123
cos01cos2cos302cos4cos6
01cos41cos2301cos42cos30cos412cos3
2
22
2
+
+≤≤+
−
ℜ∈∀⇒
+≤
−≥⇒+≤≤−⇒+≤≤−⇒≥−+⇒
=⇒≥−+⇒≥−+⇒
≥++−⇒≥++⇒≤−−−
e graficamente nell'intervallo [ ]ππ +− ; :
Quindi : ππ karxkar 23
1cos2
3
1cos +
+<≤+
−
π−
−
3
1cosar 0
+
3
1cosar π+
−
3
1cosar
+
3
1cosar
3
1+
π−0