Upload
ghita
View
36
Download
0
Embed Size (px)
DESCRIPTION
U t+ = 10V. R C 2 k. C C2 = 10 . C C1 =10 . R g = 1 k. u ki. R E =10 k. RB 4,7k. u be. R E =3 k C E =100 ≈. u g. U t- =-10V. Elektronika 2 / 6. előadás. Számpélda a földelt emitteres erősítőre R BB’ ≈0; B =100; g 22 =10 S; - PowerPoint PPT Presentation
Citation preview
1
Elektronika 2 / 6. előadás
• Számpélda a földelt emitteres erősítőre
• RBB’≈0; B=100; g22=10S;
• Munkapont: IC≈IE = 3,1 mA; UCE=4,5V Ut+ = 10V
RC
2 k CC2 = 10
CC1 =10
Rg = 1 kRB 4,7k
ube
ug
RE=3 k CE=100≈
Ut-=-10V
uki RE=10 k
2
Elektronika 2 / 6. előadás
• Számított tranzisztor-paraméterek
• rE = UT/IE = 26/3,1 = 8,4 ohm
• h11= rBB’+(1+)rE (1+100)8,4 = 847 ohm
• g21 = h21/h11 = /h11 = 100/0.847 = 118 mS
• Erősítőjellemzők
• Au=-g21Rp=-118(2x10x100)=-193,4 (-196,6)
• Rbe = RB x (h11) = 4,7 x 0.847 = 0,72 k
• Rki ≈ RC x (1/g22) = 2 x 100 k = 1,96 k (2k)
3
Elektronika 2 / 6. előadás
• A maximális kimeneti amplitúdó
AC munkaegyenes, RAC = RC x RL = 5/3 kIC, mA
4
2
munkapont
DC munkaegyenes, RDC = RC + RE = 5 k
10 20UCE, V
UCE max ≈ 4,5 V 20= Ut+-Ut-
4
Elektronika 2 / 6. előadás
• FE fokozat emitter-köri visszacsatolással
• Egyenértékű (redukált) tranzisztor
• A g21* és g11* paraméterét kiszámítása
CiC
iB
B
uB
uB*RE
iE
E*
CiC
B
iB
uB*
E*iE
E
5
Elektronika 2 / 6. előadás
• A számpélda folytatása • Az új tranzisztor-paraméterek
• g21*=g21/(1+g21 RE)=118/(1+118·3)=0,33mS
• 1/g11*=(1/g11)(1+g21RE)=0,847(1+118·3)=300 k
• Au*=-g21Rp/(1+g21RE) = -197/(1+118·3)=-0,555
• Megjegyzés: ha g21RE >>1: Au ≈ -Rp/RE
• Rbe*=RBx(1/g11*)=4.7 x 300≈4,7k
• Rki*≈RC=2 k
6
Elektronika 2 / 6. előadás
• Földelt kollektoros erősítő (FK)
• Csatolókondenzátorok• Várható erősítés
Rt RE
RB
RgCC1
ugube
uki
CC2
Ut+
Ut-
7
Elektronika 2 / 6. előadás
• A redukált tranzisztor paraméterei (g22 = 0)
• A kimeneti feszültség és belőle a feszültségerősítés számítása („E-követő”)
• A bemeneti ellenállás
• A kimeneti ellenállás
• „Puffer-erősítő”
• A 7. héten: kevés új anyag + 1. ZH
8
Elektronika 2 / 6. előadás
ZH minta (2012-ből)
• 1.) Vezesse le az ábrán (balra) látható áramtükör relatív hibáját az ideális egységnyi áramátviteli tényezőhöz képest, feltéve, hogy a tranzisztorok egyformák (áramerősítési tényezőjük: B).
Ibe Iki = IC
2IB
IC
IB IB
9
Elektronika 2 / 6. előadás
• Megoldás• Iki = Ibe – 2IB =…= Ibe (1 -2/[2+B] )• A relatív hiba = -2/[2+B] (kb. -2%)• 2.) Adjon választ a visszacsatolt erősítőkre
vonatkozó következő kérdésekre. • A. Mi a hatása a soros feszültség-
visszacsatolásnak a feszültségerősítésre, az áramerősítésre, a bemeneti és a kimeneti ellenállásra (válaszoljon összefüggések matematikai megadásával, vagy minőségileg helyes megállapításokkal, pl. nem változik, nő, csökken stb.)? (7 pont)
10
Elektronika 2 / 6. előadás
• Megoldás:• Au
*= Au /(1+H) (csökken)• Ai
*= Ai (változatlan)• Rbe* = (1 + H)Rbe (nő)• Rki* = Rki/(1 +abeHü) (csökken)• B. Mit nevezünk nyílthurkú erősítésnek,
zárthurkú erősítésnek és hurokerősítésnek. (Rajzoljon tömbvázlatot a visszacsatolásról, és azzal szemléltesse válaszát) (7)
11
Elektronika 2 / 6. előadás
• Megoldás
• Nyílt hurkú erősítés: A = Jk/J1
• Zárt hurkú erősítés: A* = Jk/Jb
• Hurokerősítés: H = Aß
Jk
A
ß
Jf=ßJk
JbJ1
+
-
12
Elektronika 2 / 6. előadás
• C. Rajzolja fel egy olyan hurokerősítés Nyquist diagramját, amelynek 45-os fázistartaléka van. (6)
Im[H]
Re[H]
-1-1φ=45˚
13
Elektronika 2 / 6. előadás
• 3.) Határozza meg az adott kapcsolásban a tranzisztor munkaponti adatait (IC, UCE), ha a bázisáram elhanyagolható.
• Megoldás:
1.UC = US – (IC + I1)RC = I1(R1 + R2)
2. IC = IE = (I1R1 – 0,6)/RE
Megoldva: IC = 0,412 mA; UCE = 4,74 V
US = 10 V
RC = 10 kR2 = 70 k
I1IB
RE = 1,4 kR1= 20 k
IC
UCE
14
Elektronika 2 / 6. előadás
• 4.) Adott egy földelt emitteres erősítőfokozat kapcsolása. Rajzolja fel a váltakozófeszültségű helyettesítő képét és ennek alapján írja fel a feszültségerősítés, a bemeneti és a kimeneti ellenállás kiszámítására szolgáló összefüggéseket
Ut+
RC
CC1
CC2
Rg
ube
ug
RB
RE
Ut-
CE
uki Rt
15
Elektronika 2 / 6. előadás
• Megoldás• A váltakozófeszültségű helyettesítő kép:
• Au = – g15uBRp/uB = – g21Rp • Rbe = RB x (1/g11)• Rki = RC x (1/g22)
Rg ibe B C iki
ug ube RB uB g11 g21uB g22 RC uki Rt
Rp = RC x Rt x (1/g22) E
16
Elektronika 2 / 6. előadás
• 5.) Adott egy visszacsatolt erősítő hurokerősítésének amplitúdó-menete három törésponttal (használja e feladatlapon megadott ábrát a b), c), d) és f) kérdés megválaszolásához).
• a.) Írja fel a hurokerősítés analitikus kifejezését. (3 pont)
• b.) Rajzolja meg minőségileg helyesen a fázismenetet, és mutassa meg, hogy az erősítő instabil. (3)
17
Elektronika 2 / 6. előadás
• c.) Hajtson végre frekvencia-kompenzációt 45º-os fázistartalékra az 1 töréspont pólussemlegesítéses balra tolásával: írja fel a kompenzáló tag átvitelének analitikus kifejezését, rajzolja fel Bode-diagramját és határozza meg törésponti frekvenciák helyét. (5)
• d.) Rajzolja fel a kompenzált hurokerősítés eredő Bode-diagramját (amplitúdó- és fázismenetét). (3)
18
Elektronika 2 / 6. előadás
• e.) Hogyan valósítható meg a kompenzáló áramkör (csak a kapcsolási rajz)? (3)
• f.) Hol van a kompenzált visszacsatolt erősítő felső határfrekvenciája? (3)
• Megoldás • a.) táblán• b.) Az amplitúdó-menet 0 dB-es pontjánál
(3-nál) a fázistolás –180º alatt van („negatív fázistartalék”), ezért instabil az erősítő (lásd ábra)
19
Elektronika 2 / 6. előadás
• c.)H, dB
H0
0
0
-20 dB/D-40 dB/D
(log) 1
* 1 2 3
H
0º
–90º
–180º
–270º
-60 dB/D
20
Elektronika 2 / 6. előadás
• c.) A balra tolt 1 töréspontot 1* jelöli: 1* = 2/H0 . A kompenzáló tag átvitele: táblán.
• d.) A kompenzált hurokerősítés amplitúdó- és fázismenetét az ábrán - . - . - vonal jelöli.
• e.)
• f.) A visszacsatolt erősítő felső határfrekvenciája ott van, ahol a kompenzált hurokerősítés amplitúdó-menete metszi a 0 dB tengelyt, vagyis: hf = 2.
R1 Rc
Cc
R2