Upload
others
View
10
Download
0
Embed Size (px)
Citation preview
Néhány feladat a ferde helyzetű kéttámaszú tartók témaköréből Egy korábbi dolgozatunkban – melynek címe: A ferde tartó megoszló terheléseiről – már jeleztük, hogy a témával kapcsolatban vannak még teendők; most ezt az adósságot pótoljuk, részben. A fő témakör: az igénybevételi ábrák, illetve függvények előállítása. Ezzel kapcsolatban fontos tudni, hogy ezek alapján akár döntések is születhetnek a szá -mítási modellválasztást illetően. Erre láthatunk példát [ 1 ] - ben, a szarufák statikai számításaival kapcsolatban. A választott feladatok tipikusak és viszonylag egyszerűek; tanulmányozásukhoz csak elemi matematikai és mechanikai ismeretek szükségesek. Ellenben ritkán láthatóak. A szakirodalmat nézegetve az alábbi kérdés merült fel: jó, megoldjuk a feladatot; ám mi hasznát vehetjük egy kipreparált statikai feladatnak a valós szerkezetszámításaink során? A válasz: ~ összefoglalják a fontosabb tudnivalókat; ~ követhető példát mutatnak; ~ segíthetnek a későbbiekben adódó statikai modellválasztási kérdések tisztázásában. 1. feladat: Egyenes tengelyű ferde tartó, középen függőleges hatásvonalú koncentrált
erővel terhelve
1. ábra
Adott az 1. ábra szerinti kéttámaszú tartó. Állítsuk elő az igénybevételi függvényeket, ill. ábrákat!
Megoldás:
Szimmetria - alapon vagy egyensúlyi egyenletekkel a reakciók:
FA B .2
( 1 )
Az igénybevételi függvényeket itt külön nem írjuk fel, hanem rögtön az igénybevételi ábrákat rajzoljuk meg, azok egyszerűsége miatt. Ennek érdekében a tartóra ható külső erőket ( aktív + reakció - erők ) felbontjuk az egyenes tartótengelyre merőleges és azzal
2
párhuzamos összetevőkre – 2. ábra.
2. ábra
Megjegyzések: M1. Az 1. és 2. ábrák alapján belátható, hogy ebben az esetben lényegtelen, hogy az A vagy a B támasz - e a fix támasz. M2. A nyíróerő és a normálerő abszolút maximuma:
max
F F cosV ;2 2
( 2 )
max
F F sinN .2 2
( 3 )
A hajlítónyomaték legnagyobb értéke:
maxF l / 2 F cos l / 2 F lM ;2 cos 2 cos 4
( 4 )
3
ez megegyezik az l támaszközű vízszintes helyzetű kéttámaszú tartó esetében adódó legnagyobb hajlítónyomaték - értékkel. M3. A ( 2 ) képlet szerint a ferde tartó maximális nyíróereje kisebb, mint a vízszintes tartóé, mivel a ferde tartóra cosα < 1. Azonban a ( 3 ) képlet szerint a ferde elhelyezés normálerőt ébreszt a vízszintes elhe -lyezéshez képest, mivel a ferde tartóra sinα > 0. M4. Látjuk, hogy ferde elhelyezés esetén már igen egyszerű terhelés mellett is egy összetettebb igénybevételi állapot lép fel a tartóban, mint vízszintes elhelyezésnél. Ez adott esetben lényegesen nehezebbé teheti a tartó pontosabb vizsgálatát. M5. Ha a függőleges koncentrált erő nem a tartó felében hat, akkor az igénybevételi ábrák is módosulnak – ld. pl.: [ 2 ]!
Kiegészítések: Érdekes fejlemények adódhatnak, ha a feladatot a szuperpozíció elvével oldjuk meg, azaz ha az F erő 2. ábra szerinti felbontásának megfelelően:
1.) meghatározzuk az F tehernek megfelelő igénybevételi ábrákat,
2.) meghatározzuk az F tehernek megfelelő igénybevételi ábrákat, 3.) összegezzük azokat.
3. ábra A 3. ábrán a rész - reakciók szerkesztéses meghatározását és összegzését szemléltetjük. Ez képezi az alapját az igénybevételi ábrák meghatározásának.
4
A 3. ábráról közvetlenül leolvasható, hogy a második összeadandónál: A F F sin . ( 5 ) Az első összeadandó szimmetria - viszonyai alapján a rész - reakciókra: A B . ( 6 ) A nagyságuk meghatározása vetületi egyenlettel: 2 A cos F , ( 7 ) innen
F F cos FA .2 cos 2 cos 2
( 8 )
Most ( 6 ) és ( 8 ) - cal a rész - reakcióerők nagysága:
FA B .2 ( 9 )
Ezek rúdtengely - irányú és tengelyre merőleges vetületei, az igénybevételi ábrákhoz:
t t
n n
FA B sin ,2FA B cos .2
( 10 )
A két részterhelési esethez tartozó igénybevételi ábrák és azok összege a 4. ábrán látható. Ahol az egyik összeadandó zérus volt, ott az összeget nem rajzoltuk meg újra. A 2. és a 4. ábra összevetésével megállapítható azok egyezése. A korábban említett, érdekesnek is mondható fejlemények: ~ a merőleges teher rész - esete mindjárt kiadja a görgős támasz teljes reakcióerejét, míg a fix támaszreakciónak csak az egyik részét; ~ a párhuzamos teher rész - esetében a görgős támasz terheletlen, mivel itt a tartót súly -talannak tekintjük. Javasoljuk, hogy az Olvasó végezze el a fenti összegzést arra az esetre is, ha felcseréljük a fíx és a görgős támaszok helyét!
5
4. ábra
2. feladat: Egyenes tengelyű ferde tartó, a tartó ferde hossza mentén q intenzitású egyenletesen megoszló függőleges erőrendszerrel terhelve
Adott az 5. ábra szerinti kéttámaszú tartó. Állítsuk elő az igénybevételi függvényeket, ill. ábrákat!
5. ábra
6
Megoldás:
Először ismét tudatosítjuk, hogy az adott kialakítású és terhelésű tartó esetében az A és B támasz szerepe felcserélhető. Ezután meghatározzuk a reakciókat; a szimmetria alapján:
QA B ,2
( 11 )
ahol
1Q q l , ( 12 ) és az l1 ferde hosszra:
1ll .
cos
( 13 )
Az igénybevételi ábrákat a 6. ábrán mutatjuk meg.
6. ábra
Az igénybevételi függvények kifejezései az alábbiak.
7
A függőleges terhelést felbontjuk két összetevőre; egy a tartó tengelyére merőleges és egy a tartó tengelyével párhuzamos összetevőre:
. q q q ( 14 ) A részteher - intenzitások nagysága a 6. ábra alapján: q q cos ,q q sin .
( 15 )
A megoszló rész - erőrendszerek eredőinek nagysága: Q Q cos ,Q Q sin .
( 16 )
Most ( 12 ), ( 15 ) és ( 16 ) szerint:
1 1
1 1
Q q l cos q l ,Q q l sin q l .
( 17 )
A felbontásnak megfelelő rész - reakciók nagysága, ( 11 ) - gyel is:
QA B ,2
QA B .
2
( 18 )
A hajlítónyomaték függvénye:
2 21
21
Q q q l qxM(x) A x q x x x x x2 2 2 2 2
q l x x ,2
tehát:
21
qM(x) l x x .2 ( 19 )
A nyíróerő függvénye:
11
Q q l qV(x) A q x q x q x l 2 x ,2 2 2
tehát:
8
1qV(x) l 2 x .2 ( 20 )
A hajlítónyomaték maximumához a V( x0 ) = 0 feltételből:
10
lx ,2
( 21 )
így ( 19 ) és ( 21 ) szerint:
2 2 2
2 1 1 1 1max 0 1 0 0 1
q q l l q l q lM M(x ) l x x l ,2 2 2 4 2 4 8
tehát:
21
maxq lM .
8 ( 22 )
A nyíróerő maximuma ( 20 ) szerint x = 0 - nál lép fel, nagysága pedig
1max
q lV .2
( 23 )
A normálerő függvénye:
11 1 1
1 11 1
Q q lN(x) B q l x q l x q l x
2 2q l q l q
q l q x q x l 2 x ,2 2 2
tehát:
1
qN(x) l 2 x .
2
( 24 )
A normálerő abszolút maximuma x1 = 0 - nál és x1 = l1 - nél lép fel, nagysága:
1max
q lN .
2
( 25 )
Most a ( 15 ), ( 19 ), ( 20 ), ( 24 ) képletekkel:
9
21
1
1
q cosM(x) l x x ;2
q cosV(x) l 2 x ;2
q sinN(x) l 2 x .2
( 26 )
Megjegyzések:
M1. Egy ajánlás: ha jót akarunk, akkor egyszerűen csak ragaszkodjunk az igénybevételi ábrák ferde helyzetben való ábrázolásához, ahogyan azt pl. a 6. ábra esetében is tettük. Ugyanis nem ritkán találkozni a szakkönyvekben azzal a törekvéssel, hogy a ferde tartó esetét vezessék vissza a vízszintes tartó esetére. Nézzük meg ezt feladatunkban! Ehhez tekintsük a 7. ábrát is, az alkalmazott koordináták közti összefüggés bemutatásához!
7. ábra Az ábra szerint:
x *x ,cos
( 27 )
valamint fennáll ( 13 ) is. Most ( 13 ), ( 26 / 1 ) és ( 27 ) szerint:
22
2
2 2
q cos l x * x * q cosM(x*) l x * x *2 cos cos cos 2 cos
q q* l x * x * l x * x * ,2 cos 2
tehát:
10
2q *M(x*) l x * x * ,2
( 28 )
ahol bevezettük a
qq*cos
( 29 )
képlettel definiált redukált teherintenzitást. Ennek értelmezéséhez tekintsük a 8. ábrát is!
8. ábra Ha a ferde tartó tényleges hossza menti teherintenzitását át akarjuk számítani a ferde tartó vízszintes vetületi hossza mentén megoszlóra, akkor a Q Q* ( 30 ) feltételből:
1q l q * l , innen ( 13 ) - mal is:
1l qq* q ,l cos
( * )
ami ( 29 ) - et adja. Ezek szerint: ha a hajlítónyomatékok szempontjából akarjuk megfe -leltetni a ferde és a vízszintes tartót egymásnak, akkor a ferde hossz mentén megoszló terhelést ( 29 ) szerint redukálni kell az alaprajzi vetületi hossz mentén megoszlóra. A maximális hajlítónyomaték ( 22 ) szerint:
22 2 2 21
max 2
q l q cos l q cos l q l lM q * ,8 8 cos 8 cos cos 8 8
( 31 ) ahogyan vízszintes tartóra annak lennie kell. Ezzel tehát nincs sok gond.
11
Most nézzük meg a nyíróerő - függvény átírását! ( 13 ), ( 26 / 2 ) és ( 27 ) szerint:
q cos l x * q cos qV(x*) 2 l 2 x * l 2 x * ,2 cos cos 2 cos 2
tehát:
qV(x*) l 2 x * .2
( 32 )
Itt már van némi kavarodás: a vetületben mért hossz, ill. koordináta együtt szerepel a ferde hossz mentén megoszló teher intenzitásával. Ennek elkerülésére:
q cos l x * q cos q* cosV(x*) 2 l 2 x * l 2 x * ,2 cos cos 2 cos 2
tehát:
q * cosV(x*) l 2 x * .2
( 33 )
Ez a kifejezés szerkezetében ugyanolyan alakú, mint ( 26 / 2 ). Majd nézzük a normálerő kifejezését! ( 13 ), ( 26 / 3 ) és ( 27 ) szerint:
q sin l x * q sin q tgN(x*) 2 l 2 x * l 2 x * ,2 cos cos 2 cos 2
tehát:
q tgN(x*) l 2 x * ;2
( 34 )
ha nem akarunk kavarodást, akkor:
q sin l x * q sin q * sinN(x*) 2 l 2 x * l 2 x * ,2 cos cos 2 cos 2
tehát:
q * sinN(x*) l 2 x * .2
( 35 )
Ez a kifejezés szerkezetében ugyanolyan alakú, mint ( 26 / 3 ). Ez utóbbival persze egy szemléletbeli „bakugrás” is jár, hiszen a vízszintes tartóban a függőleges teherre nem ébred normálerő, statikailag határozott megtámasztás és elegen -dően nagy merevség esetén. Látjuk, hogy ferde tartó vízszintes tartó megfeleltetés problémás, így az jó szívvel nem ajánlható. M2. A gyakorlati méretezési feladatokban néha csak a hajlítónyomatékot veszik figye -lembe, a nyíróerő és a normálerő hatását elhanyagolják. Ekkor a megfeleltetés viszony -lag egyszerűen működhet. Azonban nem felejthető el, hogy a többi igénybevételi kom -ponens esetében már könnyen elvéthető a lépés.
12
M3. További probléma, hogy a szakirodalomban nem ritkán találni olyan feladat - megoldást, hogy nem tesznek élesen különbséget az itteni q és q* között. Ilyennel talál -kozhatunk az általunk is kedvelt [ 2 ] - ben is. Ez abból is adódhat, hogy eleve csak egyfajta – pl. alaprajzi vetületre vonatkoztatott – megoszló terheléssel dolgoznak, de a statikai vázlatrajzon a terhelést a ferde hosszra rajzolják rá. Ez félreértés, ill. elvi hiba forrása lehet. Érdekes, hogy a kiváló [ 3 ] műben is találtunk egy hasonló „bibit”. Szerencsére a [ 2 ] és [ 3 ] munkákban a szövegben közli a szerző, hogy a terhelés alap -rajzi vetületben értendő.
3. feladat: Egyenes tengelyű ferde tartó, a tartó ferde hossza mentén egyenletesen
megoszló, a tartóra merőleges q intenzitású erőrendszerrel terhelve Ehhez tekintsük a 9. ábrát!
9. ábra
Itt két eltérő megtámasztási esetet tüntettünk fel. Látjuk, hogy az 1. és a 2. eset csak a támaszok elhelyezésében tér el egymástól. Hamarosan belátjuk, hogy megkülönbözteté -sük fontos. A feladat: az igénybevételi ábrák / függvények előállítása.
Megoldás: Először előállítjuk a reakcióerőket, majd felbontjuk azokat rúdtengelyre merőleges és rúdtengellyel párhuzamos összetevőkre. A megoldás menete a 10. ábrán követhető. Látható, hogy ~ az 1. esetben a tartó igénybevétele: húzás + nyírás + hajlítás, ~ a 2. esetben a tartó igénybevétele: nyomás + nyírás + hajlítás. Ez bizony jelentős különbség! Ez rögtön arra is figyelmeztet minket, hogy
Csak óvatosan a statikai modell megválasztásával! A reakcióerők nagysága mindkét esetre:
1 1 2 2 2
Q q l / cos q lA B A B .2 cos 2 cos 2 cos
( 36 )
13
10. ábra A reakciók összetevői:
1 1 2 2Q Q q lA B A B cos ;
2 cos 2 2 cos
( 37 )
1 1 2
Q Q q l q l sinA B sin tg tg ,2 cos 2 2 cos 2 cos
( 38 )
2 2 2
q l sinA B .2 cos
( 39 )
Az 1. és 2. eset igénybevételi ábráit a 11. ábra együtt mutatja. Az igénybevételi függvények az alábbiak. A hajlítónyomaték függvénye ( mindkét esetre ):
2 2 2q q l q q lM(x) A x x x x x x ,2 2 cos 2 2 cos
tehát:
14
11. ábra
2q lM(x) x x .2 cos ( 40 )
A nyíróerő függvénye ( mindkét esetre ):
q l q lV(x) A q x q x 2 x ,2 cos 2 cos
tehát: q lV(x) 2 x .2 cos
( 41 )
A nyomatéki maximum helye a V( x0 ) = 0 feltételből, ( 41 ) - gyel:
0lx .
2 cos
( 42 )
15
A nyomatéki maximum értéke ( 40 ) és ( 42 ) - vel: 2
2max 0 0 0 2
22
2 2
q ql l l lM M(x ) x x2 cos 2 cos 2 cos 4 cos
q q ll ,2 4 cos 8 cos
tehát:
2
max 2
q lM .8 cos
( 43 )
A nyíróerő abszolút maximuma x1 = 0 - nál és x1 = l1 = l / cosα - nál lép fel; nagysága:
max
q lV .2 cos
( 44 )
A normálerő függvénye:
1,2 1 2
q l sinN(x) A ,2 cos
tehát:
1,2 2
q l sinN(x) .2 cos
( 45 )
Itt a ( + ) előjel az 1. esetre, a ( – ) előjel a 2. esetre vonatkozik. A normálerőnek nincs helyi szélső értéke.
Megjegyzés:
Itt is elmondhatjuk, hogy az 1. és a 2. megtámasztási eset közötti különbségtétel csak akkor válik fontossá, ha a tartó méretezése során a normálerők hatását is figyelembe kívánják venni. Ez bizonyos esetekben elkerülhetetlen – ld.: szabványok!
Kiegészítés: A [ 2 ] munkában a következőket olvashatjuk a szelemeneken nyugvó szarufa statikai helyzetéről – 12. ábra – : „ Ebben az esetben a tartó terhelési módja teljesen azonos a vízszintes helyzetű, függőleges erőkkel terhelt tartóéval. Az A és B támaszerők irányát a tartó tengelyére merőlegesnek vehetjük fel, mert feltételezhetjük, hogy az alátámasztások valamelyike a tartótengely irányában elmozdulhat.”
16
12. ábra – forrása: [ 2 ] Ezek szerint a szelemeneken nyugvó, a tengelyére merőleges egyenletesen megoszló erőrendszerrel terhelt szarufa statikai modellje a 13. ábra szerinti.
13. ábra Ekkor a hajlítónyomaték és a nyíróerő függvénye az előző szerinti, a normálerő függvé -nye pedig azonosan zérus. Olyan ez, mint egy „salamoni döntés”. Azonban az a baj vele, hogy ugyanazon statikai modellt kell alkalmazni, többféle terhe -lés megléte esetén is. Másképpen mondva: nem válthatunk statikai modellt ugyanazon szerkezet más terhelésére. Vagy igen? Látjuk, nagyon gondosan kell mérlegelni a statikai modell megválasztását. Persze lehet, hogy ezt mások már elvégezték, majd tankönyvek -ben, szakkönyvekben, szabványokban közölték velünk. Ettől azonban nem lettünk sok -kal jobban, mert tudjuk, hogy a valóság és a modell eléggé felemás kapcsolatban állnak.
4. feladat: Egyenes tengelyű ferde tartó, a tartó ferde hossza mentén egyenletesen megoszló, a tartóval párhuzamos q intenzitású erőrendszerrel terhelve
Ehhez tekintsük a 14. ábrát! Itt is a korábbi két megtámasztási esetet tüntettük fel. A feladat: az igénybevételi ábrák és függvények előállítása.
17
14. ábra
Megoldás: Ehhez tekintsük a 15. ábrát is!
15. ábra A hajlítónyomaték függvénye ( mindkét esetre ): M(x) 0 . ( 46 ) A nyíróerő függvénye ( mindkét esetre ): V(x) 0 . ( 47 ) A normálerő függvénye: 1. eset: A reakcióerők:
lA q ;cos
B 0 .
( 48 )
18
A normálerő: lN(x) q x .
cos ( 49 )
2. eset: A reakcióerők: A 0 ;
lB q .cos
( 50 )
A normálerő: N(x) q x . ( 51 )
Minden esetre fennáll, hogy
l0 x .cos
( 52 )
Ezzel a feladatot megoldottuk.
Megjegyzés:
Látjuk, hogy az 1. megtámasztási esetben a tartó igénybevétele nyomás, míg a 2. esetben húzás. A két megtámasztás teljesen más viselkedést vált ki a tartóból.
Kiegészítés:
Most vegyük úgy, hogy a 3. és a 4. feladatban szereplő teherintenzitásokra fennáll ( 15 ), azaz: q q cos ,q q sin .
( 53 )
Ekkor a 2. feladat megfelelő igénybevételi ábrái, ill. függvényei a szuperpozíció / az egymásra halmozás elve alapján is előállíthatók. Most nézzük meg ezt, a két esetre külön - külön!
19
A 3. feladat hajlítónyomaték - függvénye az 1. és a 2. esetre: 2q lM(x) x x .
2 cos
( M / 3 – 1, 2 )
A 3. feladat nyíróerő - függvénye az 1. és a 2. esetre:
q lV(x) 2 x .2 cos ( V / 3 – 1, 2 )
A 3. feladat normálerő - függvénye az 1. és a 2. esetre:
1 2
2 2
q l sinN(x) ;2 cos
q l sinN(x) .2 cos
( N / 3 – 1, 2 )
A 4. feladat hajlítónyomaték - függvénye az 1. és 2. esetre: M(x) 0 . ( M / 4 – 1, 2 ) A 4. feladat nyíróerő - függvénye az 1. és 2. esetre: V(x) 0 . ( V / 4 – 1, 2 ) A 4. feladat normálerő - függvénye az 1. és a 2. esetre:
1
2
lN(x) q x ;cos
N(x) q x .
( N / 4 – 1, 2 )
Most érvényesítve ( 53 ) - at is, a 3. feladat eredményei:
2
1 2
2 2
q cos lM(x) x x ;2 cos
q cos lV(x) 2 x ;2 cosq cos l sinN(x) ;
2 cosq cos l sinN(x) .
2 cos
( M; V; N / 3 – 1, 2 )
20
Hasonlóan a 4. feladat eredményeire:
1
2
M(x) 0 ;V(x) 0 ;
lN(x) q sin x ;cos
N(x) q sin x .
( M; V; N/ 4 – 1, 2 )
Most a két utóbbi képletcsoport tagonkénti összegzésével:
22.feladat 3.feladat 4.feladat
2
q cos lM(x) M(x) M(x) x x 02 cos
q cos l x x ,2 cos
tehát:
22.feladat
q cos lM(x) x x .2 cos
( 54 )
Az ( 54 ) kifejezés megegyezik ( 19 ) - cel, a jelölésektől eltekintve. Folytatva:
2.feladat 3.feladat 4.feladat
q cos lV(x) V(x) V(x) 2 x 02 cos
q cos l 2 x ,2 cos
tehát:
2.feladat
q cos lV(x) 2 x .2 cos
( 55 )
Az ( 55 ) kifejezés megegyezik ( 20 ) - szal, a jelölésektől eltekintve. Folytatva:
21
1.eset ,3.feladat 1.eset,4.feladat 22.feladat
q cos l sin lN(x) N(x) N(x) q sin x2 cos cos
l l l q sin x q sin x2 cos cos 2 cos
q sin l 2 x ,2 cos
tehát:
2.feladat
q sin lN(x) 2 x ,2 cos
( 56 / 1 )
ami a jelölésektől eltekintve megegyezik ( 24 ) - gyel. Hasonlóképpen a 2. eset N - képleteivel is:
2.eset,3.feladat 2.eset ,4.feladat 22.feladat
q cos l sinN(x) N(x) N(x) q sin x2 cos
q sin l 2 x ,2 cos
tehát:
2.feladat
q sin lN(x) 2 x ,2 cos
( 56 / 2 )
mint előbb. Megjegyezzük, hogy nem teljesen felesleges egy feladat kétféle úton való megoldása, mint ahogyan itt is tettük, a 2. feladat esetében; ugyanis a hibák ( tévesztések, elírások ) kiszűrésének ez egy jól bevált módja: a befektetett többletmunka többszörösen megtérül.
22
5. feladat: Egyenes tengelyű ferde tartó, többféle egyenletesen megoszló erőrendszerrel terhelve
Ehhez tekintsük a 16. ábrát is!
16. ábra Adott a 16. ábra szerinti tartó az ( l , α ) geometriai és a ( q , w , s ) teher - adatokkal. Utóbbiak jelentése: ~ q: önsúlyteher, a tartó ferde hosszára vonatkoztatva; ~ w: szélteher, a tartó ferde hosszára vonatkoztatva; ~ s: hóteher: a tartó vízszintes vetületi hosszára vonatkoztatva. A feladat: az igénybevételi függvények felírása.
Megoldás: A megoldás lényege: a szuperpozíció elvének alkalmazása. Ehhez a meglévő terhelése -ket egy q és egy q megoszló erőrendszerbe foglaljuk, majd alkalmazzuk az előző feladatok eredményeit. A függőleges terhek összefoglalása:
1q q s cos . ( 57 ) A második tag a ( 30 ) utáni ( * ) képletből adódik. A megoszló erőrendszerek intenzi -tásai ( 15 ) - höz hasonlóan:
21q w q cos w q cos s cos ; ( 58 )
1q q sin q sin s sin cos . ( 59 )
23
Az igénybevételi függvények részekre bontása a szuperpozíciónak megfelelően:
q q
q q
q q
M(x) M(x) M(x) ;
V(x) V(x) V(x) ;
N(x) N(x) N(x) .
( 60 )
De tudjuk, hogy az elsőrendű elmélet keretében maradva:
q
q
q
M(x) 0 ,
V(x) 0 ,
N(x) 0 ,
( 61 )
ezért ( 60 ) és ( 61 ) szerint:
q
q
q
M(x) M(x) ;
V(x) V(x) ;
N(x) N(x) .
( 62 )
Most a 9., a 15. és a 16. ábra összevetéséből adódik, hogy az 1. terhelési esettel van dolgunk, így a q terheléshez tartozó igénybevételi függvényeket a 3. feladatból, a q terheléshez tartozót pedig a 4. feladat 1. esetéből vesszük át. A ( 40 ) és ( 62 / 1 ) képletek szerint:
2q
q lM(x) x x .2 cos
( 63 )
A ( 41 ) és ( 62 / 2 ) képletek szerint:
qq lV(x) 2 x .2 cos
( 64 )
A ( 49 ) és ( 62 / 3 ) képletek szerint:
qlN(x) q x .
cos ( 65 )
Most érvényesítve ( 58 ) és ( 59 ) - et a ( 63 ), ( 64 ), ( 65 ) képletekben:
24
22
q
2
q
q
w q cos s cos lM(x) x x ,2 cos
w q cos s cos lV(x) 2 x ,2 cos
lN(x) q sin s sin cos x .cos
( 66 )
A ( 66 ) képletek már a kitűzött feladat megoldását adják.
Megjegyzések:
M1. Javasoljuk, hogy az Olvasó önállóan végezze el a 2. megtámasztási esetre is a megfelelő képletek felírását, a fentiek alapján! M2. Egyenes tengelyű, ferde helyzetű tartóval kapcsolatos további feladatokat talál az érdeklődő a [ 4 ] munkában is. M3. Ha a statikai modell megválasztásával kapcsolatban erős kétségek merülnek fel, gondoljunk arra, hogy a kérdés eldöntéséhez vezető jó út lehet kísérletek végzése is. A Szilárdságtan kísérleti módszerei ma már kellően fejlettek ahhoz, hogy pl. nyúlásmé -rések elemzésének eredményeiből – visszafelé haladva – következtessünk a szerkezet számítása során alkalmazandó statikai / erőtani modellre. Irodalom: [ 1 ] – Szerk. Palotás László: A fa mint építőanyag Benne Tobiás László: Faszerkezetek a magasépítésben A Budapesti Építőmesterek Ipartestülete, Budapest, 1949. [ 2 ] – Tobiás Loránd ~ Visy Zoltán: Szilárdságtan Műszaki Könyvkiadó, Budapest, 1962. [ 3 ] – Rudolf Saliger: Praktische Statik 6. Auflage, Franz Deuticke, Wien, 1949. [ 4 ] – Csonka Pál: Statikai példatár Műszaki Könyvkiadó, Budapest, 1972.
Összeállította: Galgóczi Gyula mérnöktanár Sződliget, 2011. szeptember 5.