Upload
abraham-umank-umank
View
226
Download
3
Embed Size (px)
DESCRIPTION
SIPPPP
Citation preview
BAB 1
BAB 1
PENDAHULUAN
A. Latar Belakang Masalah
Ilmu transfer panas atau ilmu perpindahan kalor (head transfer) ialah ilmu untuk meramalkan perpindahan energi yang terjadi karena adanya perbedaan suhu di antara benda atau material. Dari termodinamika telah kita ketahui bahwa energi yang pindah itu dinamakan kalor atau panas (head). Ilmu perpindahan kalor tidak hanya mencoba menjelaskan bagaimana energi kalor itu berpindah dari satu benda ke benda yang lain, tetapi juga dapat meramalkan laju perpindahan yang terjadi pada kondisi-kondisi tertentu. Kenyatannya bahwa disini yang terjadi sasaran analisis adalah masalah laju perpindahan, inilah yang membedakan ilmu perpindahan kalor dari ilmu termodinamika. Termodinamika membahas sistem dalam keseimbangan dan ilmu ini dapat digunakan untuk meramalkan energi yang diperlukan untuk mengubah sistem dari suatu keadaan seimbang ke keadaan seimbang lain, tetapi tidak dapat meramalkan kecepatan perpindahan itu. Hal ini disebabkan karena pada waktu proses perpindahan itu langsung, sistem tidak berada dalam keadaan seimbang. Ilmu perpindahan kalor melengkapi hukum pertama dan kedua termodinamika yaitu dengan memberikan beberapa kaidah percobaan yang dapat dimanfaatkan untuk menentukan perpindahan energi. Sebagaimana juga dalam ilmu termodinamika, kaidah-kaidah percobaan yang digunakan dalam masalah perpindahan kalor cukup sederhana dan dapat dengan mudah dikembangkan sehingga mencakup berbagai ragam situasi praktis.
Sebagai contoh dari ragam masalah yang dapat dipecahkan dengan termodinamika dan perpindahan kalor adalah peristiwa pendinginan yang berlangsung pada suatu batang baja panas yang dicelupkan ke dalam air. Dengan termodinamika kita dapat meramalkan suhu keseimbangan akhir dari sistem batangan baja dan air itu. Namun, termodinamika tidak akan dapat menunjukkan kepada kita berapa lama waktu diperlukan untuk mencapai keseimbangan itu, atau berapa suhu batangan itu pada suatu saat sebelum tercapainya keseimbangan. Sebaliknya ilmu perpindahan kalor dapat membantu kita untuk meramalkan suhu batangan ataupun air itu sebagai fungsi waktu. Pada makalah ini penulis ingin menyampaikan tentang transfer panas satu dimensi pada keadaan tunak. Di dalam analisis transfer panas kita akan menghubungkan tentang penerapan hukum Faurier tentang konduksi termal untuk menghitung aliran termal dalam sistem sederhana satu dimensi. Untuk menganalisisnya kita menggunakan persamaan dasar dari volume kontrol diferensial dengan metode hukum pertama termodinamika:
Dalam hal ini kita akan mencari solusi persamaan umum dari transer panas dalam satu dimensi. Aplikasi persamaan umum dari panas satu dimensi dalam keadaan tunak ada dua macam yaitu :
a. Transfer panas satu dimensi dalam keadaan tunak tanpa pembangkit kalor pada silinder panjang berongga dan bola berongga.
b. Transfer panas satu dimensi dalam keadaan tunak dengan sumber kalor pada dinding datar dan silinder.
B. Identifikasi Masalah
Dari uraian latar belakang masalah di atas, dapat di identifikasi masalah sebagai berikut :
1. Adanya solusi sederhana dari persamaan transfer panas satu dimensi pada keadaan tunak.
2. Adanya aplikasi dari persamaan transfer panas satu dimensi pada keadaan tunak
3. Adanya persamaan dasar suatu volume kontrol diferensial dengan metode hukum pertama termodinamika untuk membuat persamaan diferensial umum transfer panas satu dimensi
4. Adanya persamaan hukum Faurier tentang konduksi termal untuk menghitung aliran termal dalam sistem sederhana satu dimensi pada keadaan tunak.
C. Pembatasan Masalah
Dalam makalah ini penulis membatasi permasalahan pada :
1. Solusi sederhana dari persamaan umum transfer panas satu dimensi pada keadaan tunak.
2. Aplikasi dari persamaan umum transfer panas satu dimensi dalam keadaan tunak tanpa pembangkit kalor pada silinder panjang berongga dan bola berongga.
3. Aplikasi dari persamaan umum transfer panas satu dimensi dalam keadaan tunak dengan sumber kalor pada silinder dan dinding datar.
D. Perumusan Masalah
1. Bagaimana solusi persamaan umum dari transfer panas satu dimensi pada keadaan tunak ?
2. Bagaimana aplikasi dari persamaan transfer panas satu dimensi dalam keadaan tunak tanpa pembangkit kalor pada silinder panjang berongga dan bola berongga?
3. Bagaimana aplikasi dari persamaan transfer panas satu dimensi dalam keadaan tunak dengan sumber kalor pada silinder dan dinding datar ?
E. Tujuan Masalah
Makalah ini bertujuan antara lain :
1. Untuk mengetahui bagaimana solusi dari persamaan transfer panas satu dimensi pada keadaan tunak.
2. Untuk mengetahui bagaimana aplikasi dari persamaan tranfer panas satu dimensi dalam keadaan tunak tanpa pembangkit kalor pada silinder panjang berongga.
3. Untuk mengetahui bagaimana aplikasi dari persamaan transfer panas satu dimensi dalam keadaan tunak dengan sumber kalor pada silinder dan dinding datar.
F. Manfaat Makalah
Dengan adanya makalah ini diharapkan dapat memberi manfaat antara lain :
1 Bagi penulis dan pembaca akan menambah wawasan pengetahuan tentang dasar transfer panas satu dimensi pada keadaan tunak dengan menerapkan diferensial volume kontrol dengan metode hukum termodinamika.
BAB II
PEMBAHASAN
A. Konduksi
Konduksi yakni perpindahan energi kalor dengan cara tumbukan antar partikel tanpa disertai perpidahan partikel, contoh konduksi pada : tembaga, udara,dan lain-lain. Didalam benda-benda tersebut dapat menghantarkan energi. Perpindahan energi timbul karena atom-atom pada temperatur yang lebih tinggi bergetar dengan lebih hebat, sehingga atom-atom tersebut dapat memindahkan energi kepada atom-atom yang lebih lemah yang berada didekatnya. Didalam logam-logam, elektron bebas juga membuat kontribusi kepada proses hantaran kalor. Didalam sebuah cairan atau gas molekul-molekul mudah berpindah dan energi juga dihantar oleh tumbukan-tumbukan molekul.
B. Sistem dan Volume Kontrol
Sebuah sistem didefinisikan sebagai sekumpulan zat yang identitasnya tetap.
Gambar 1 Volume control untuk analisis
aliran lewat sebuah noselPada kasus nosel (mulut pipa) yang ditunjukkan pada gambar 1 ,fluida yang menempati nosel berubah dari saat ke saat. Jadi pada saat-saat yang berbeda, sistem yang menempati nosel akan berbeda-beda pula.
Sebuah metode analisis nosel yang lebih mudah adalah dengan memperhatikan daerah yang dibatasi garis titik-titik. Daerah semacam itu adalah satu volume kontrol. Volume kontrol adalah suatu daerah dalam ruang yang dilewati aliran fluida.
Dalam mengembangkan hukum-hukum fisika dasar dalam bentuk yang berlaku pada sebuah volume kontrol (di mana sistemnya berubah dari saat ke saat), maka analisis aliran fluida akan jauh lebih sederhana. Pendekatan volume kontrol menghindari kesulitan untuk mengidentifikasi sistem.tersebut. Volume kontrol yang dipilih dapat finit atau infinit, pada kenyataannya persamaan-persamaan diferensial aliran fluida akan kita peroleh dengan cara menerapkan hukum-hukum dasar dengan menggunakan volume-volume kontrol yang infinit.
C. Dimensi dan Satuan
Dalam bagian ini akan kita iktisarkan sistem satuan yang digunakan dalam seminar ini. Kita harus hati-hati agar tidak mengacaukan makna istilah satuan dan dimensi. Dimensi adalah variabel fisis yang digunakan untuk menyatakan sifat atau tingkah laku sistem tertentu. Misalnya panjang sebuah batang adalah dimensi batang itu. Demikian pula suhu suatu gas dapat dianggap sebagai suatu dimensi termodinamika gas itu. Kalau kita mengatakan batang itu panjangnya sekian meter atau gas itu suhunya sekian derajat celcius, maka di sini kita mengatakan pula satuan yang kita gunakan untuk mengukur dimensi itu. Dalam mengembangkan perpindahan kalor, kita menggunakan dimensi dan satuan sebagai berikut :Tabel 1 Satuan mekanik SI
Besaran Dimensi Satuan Nama lainSimbol
Panjang
Waktu
Massa
Kecepatan
Percepatan
Frekuensi
Gaya
Tekanan
Energi
Daya L
T
M
L/T
L/T21/T
ML/T2M/T2L
ML2/T2ML2T3MeterSecon
Kilogram
m/s
m/s21/s
Kg.m/s2
Kg/(s2.m)=N/m2Kg.m2/s2=N.m
Kg.m2/s3=j/s--
-
-
-
Hertz
Newton
Pascal
Joule
Watt ms
kg
-
-
Hz
N
Pa
J
W
Tabel 2 besaran mekanik
Besaran Dimensi Satuan Nama lainSimbol
Panjang
Waktu
Massa
Kecepatan
Percepatan
Frekuensi
Gaya
Tekanan
Energi
Daya L
T
M
L/T
L/T21/T
F
F/T2LF
LF/TFoot
Secon
Pound mass
ft/s
ft/s21/s
Pound gaya
lbf/ft2ft.lbf
ft.lbf/s-
-
-
-
-
Hertz
-
-
-
-ft
s
lbm
lbf
-
-
hz
psf
-
-
Semua besaran fisis yang digunakan dalam ilmu perpindahan kalor dapat kita nyatakan dalam dimensi-dimensi fundamental di atas. Satuan yang digunakan untuk dimensi tertentu dipilih dari rumusan yang agak sembarang yang biasanya berhubungan dengan suatu hukum atau fenomena fisis. Berikut ini tabel-tabel yang digunakan dalam menentukan satuan SI.
a. Panjang
1 in = 0,0254 m
1 ft = 0,3048 m
1 mi = 1,60934 km
b. Luas
1 in2 = 645,16mm21 ft2 = 0,092903 m21 mi2 = 2,58999 km2c. Tekanan
1 N/m2 = 1 Pa
1 atm = 1,01325 X 105 Pa
1 lb/in2 = 6894,76 Pa
d. Energi
1 energi = 10-7 j
1 Btu = 1055,04 j
1 ft.lb = 1,35582 j
e. Daya
1 hp = 745,7 W
1 Btu/h = 0,293Wf. Fluks kalor
1 Btu/h.ft2 = 3,15372 W/m21 Btu/h.ft = 0,96128 W/m2g. Konduktifitas termal
1 Btu/h.ft.oF = 1,7307 W/m.oC
h. Koefisian perpidahan kalor
1 Btu/h.ft2.oF = 5,6782 W/m2.oC
i. Volume
1 in3 = 1,63871 X 10-5 m31 ft3 = 0,0283168 m31 gal = 231 in3 = 0,003785 m3j. Massa
1 lbm = 0,45359297 kg
k. Densitas
1 lbm/in3 = 2,76799 X 104 kg/m31 lbm/ft3 = 16,0185 kg/m3l. Gaya
1 dyne = 10-5 N
1lb = 4,44822 N
Btu = British thermal unitD. Hukum Pertama Termodinamika
Hukum pertama termodinamikadapat dinyatakan sebagai berikut:
Jika sebuah sistem menjalani suatu siklus, maka panas total yang ditambahkan pada sistem tersebut dari sekitarnya akan sebanding dengan kerja yang dilakukan oleh sistem tersebut pada sekitarnya.
Pernyataan hukum pertama yang diberikan di atas dapat dituliskan dalam bentuk persamaan sebagai :
Dimana simbol menyatakan suatu integral siklus atau integral dari kuantitas yang dihitung terhadap sebuah siklus. Simbol dan masing-masing menyatakan transfer panas diferensial dan kerja yang dilakukan. Operator difernsial digunakan karena transfer panas dan kerja adalah fungsi-fungsi lintasan (path function) dan perhitungan interal-integral jenis ini membutuhkan pengetahuan tentang lintasan itu. Operator diferensial yang lebih dikenal d digunakan sebuah fungsi titik.
Kuantitas J adalah kuantitas yang sering disebut sebagai ekuivalen mekanis dari panas yang secara numerik sama dengan 778,17 ft lb/Btu dalam satuan teknik. Angka tersebut didapat dari :1 joule =
= 0,73756103 ft lb
1 Btu = 1055,042 joule
1 joule= 1055,042 /Btu X 0,73756103 ft lb
= 778,156357 ft lb/Btu
Sehingga dalam satuan SI, J = 1 newton meter/joulePerhatikan sebuah siklus termodinamika umum pada gambar 2 dibawah ini. Siklus a terjadi diantara titik 1 dan 2 melewati lintasan-lintasan yang diperlihatkan. Dengan menggunakan persamaan (1.1) kita dapat menulis untuk siklus a
Gambar 2 Siklus termodinamika reversible
dan ireversibel
Sebuah siklus baru antara titik 1 dan 2 dipostulatkan sebagai berikut : lintasan antara titik 1 dan 2 adalah identik dengan lintasan yang diperhatikan sebelumnya, namun demikian siklus diselesaikan oleh lintasan b antara titik 2 dan titik 1 adalah semua lintasan-lintasan selain a antara titik-titik ini. Persamaan (1.1) dapat dituliskan :
Dengan mengurangkan persamaan (1.2b) dari persamaan (1.2a) kita mendapatkan
yang dapat dituliskan sebagai
karena setiap ruas dari persamaan (1.3) menyatakan integran yang dihitung antara kedua titik yang sama ini tetapi di sepanjang lintasan-lintasan yang berbeda maka kuantitasnya sama dengan fungsi-fungsi titik atau suatu properti. Properti ini ditulis dE, yaitu energi total sistem. Kita dapat menuliskan suatu persamaan lain untuk hukum pertama termodinamika :
positif bila panas ditambahkan pada sistem tersebut.
akan positif bila kerja dilakukan oleh sistem.
Untuk suatu sistem yang mengalami proses yang terjadi dalam selang waktu dt persamaan (1.4) dapat ditulis sebagai:
E. Konduksi Keadaan Tunak
Pada sebagian besar peralatan transfer panas, energi mengalir dari satu fluida ke fluida lainnya melewati dinding padat. Keadaan tunak berarti kondisi, temperatur, densitas, dan semacamnya di semua titik dalam daerah kondusi tidak bergantung pada waktu.
Sekarang perhatikan sebuah pesawat udara yang terbang melewati udara dengan laju konstan , seperti pada gambar 3
Gambar 3 Aliran tunak didasarkan pada sistem koordinat yang bergerak
Bila diamati dari sistem koordinat x,y,z yang bergerak dengan kecepatan konstan. Kondisi alirannya tidak tergantung pada waktu di setiap titik di dalam medan alirannya tersebut, sehingga alirannya adalah aliran tunak bila dipandang dari sistem koordinat yang bergerak.
F. Kekekalan Energi Dengan Pendekatan Volume Kontrol
Sebuah volume kontrol umum yang dipasang dalam ruang inersia yang ditempatkan didalam sebuah medan aliran fluida. Seperti yang ditunjukkan gambar 4. sistem yang diperhatikan adalah yang ditunjukkan oleh garis putus-putus, menempati volume kontrol pada saat t dan posisinya juga ditunjukkan setelah suatu periode waktu yang dibutuhkan
Gambar 4 Hubungan antara sebuah sistem dan sebuah volume kontrol dalam suatu medan aliran fluida.
Pada gambar ini daerah I ditempati oleh sistem pada saat t, daerah II ditempati oleh sistem pada saat t + , dan daerah III adalah daerah yang sama untuk sistem tersebut pada saat t dan pada saat t + .
Pada saat t + energi total dari sistem tersebut dapat dinyatakan sebagai :
dan pada saat t
dengan mengurangkan persaamaan kedua dari yang pertama dan membagi dengan selang waktu yang digunakan kita mendapatkan
dengan menyusun kembali dan mengambil limitnya pada saat didapat
Penghitungan limit dari ruas kiri akan menghasilkan
yang sama dengan ruas kanan pernyataan hukum pertama persamaan (1.5).
pada ruas kanan persamaan (1.6) limit pertama menjadi
yaitu laju perubahan dari energi total sistem, karena volume yang ditempati oleh sistem tersebut pada saat adalah volume kontrol yang sedang ditinjau.
Limit kedua di kanan persamaan (1.6)
menyatakan laju energi neto yang meninggalkan melewati permukaan kontrol di dalam selang waktu .
Dengan memberikan arti fisis kepada tiap suku didalam persamaan (1.6), kita dapat menyusun kembali hukum pertama termodinamika menjadi suatu bentuk yang tepat untuk sebuah volume kontrol yang dinyatakan oleh persamaan kata-kata berikut ini:
Persamaan (1.7) akan diterapkan pada volume kontrol umum yang ditunjukkan pada gambar 5
Gambar 5 Aliran fluida melewati volume kontrol
Laju pertambahan panas dan kerja yang dilakukan oleh volume kontrol dinyatakan sebagai
luasan yang kecil dA pada permukaan kontrol. Laju energi yang meninggalkan volume kontrol lewat dA dapat dinyatakan rumus sebagai berikut :
laju fluks energi :
Hasil kali adalah laju fluks massa dari volume kontrol melewati dA. Kuantitas e adalah energi spesifik atau energi per satuan massa (joule/kg). Energi spesifik mencakup energi potensial gy (m/s2) sehubungan dengan posisi koninum fluida di dalam medan gravitasi; energi kinetik fluida sehubungan dengan kecepatannya.
Kuantitasnya dA menyatakan luas dA yang diproyeksikan normal terhadap vektor kecepatan v. Theta adalah sudut antara v dan vektor normal yang berarah keluar n sekarang laju fluks energi dapat ditulis sebagai berikut :
= =
Integral kuantitas ini meliputi permukaan kontrol
Persamaan diatas menyatakan fluks energi neto dari volume kontrol. Tanda hasil kali skalar v . n, berlaku untuk fluks massa dan masuk melewati permukaan kontrol seperti yang dibahas sebelumnya. Jadi kedua suku pertama di ruas kanan persamaan (1.7) dapat di hitung sebagai
= fluks energi netoLaju akumulasi energi ke dalam volume kontrol dapat dinyatakan sebagai :
Persamaan (1.7) sekarang dapat ditulis sebagai
Bentuk akhir untuk persamaan hukum pertama dapat kita peroleh setelah mempertimbangkan lebih lanjut tentang suku laju kerja atau daya . Ada tiga jenis yang tercakup didalam suku laju kerja.
1 Ws (kerja poros) adalah kerja yang dilakukan oleh volume kontrol pada sekitarnya yang dapat menyebabkan suatu poros berputar atau menyelesaikan pengangkatan suatu beban melalui suatu jarak.
2 (kerja aliran) adalah kerja yang dilakukan sekitarnya untuk mengatasi tegangan normal pada permukaan kontrol di mana terdapat aliran fluida.
3 (kerja geser) adalah kerja yang dilakukan pada sekitarnya untuk mengatasi tegangan-tegangan geser pada permukaan kontrol.
Dengan memeriksa volume kontrol untuk aliran dan laju kerja geser, kita mendapatkan efek yang lain pada bagian elemen permukaan kontrol dA. Seperti pada gambar 6
Gambar 6 Aliran dan kerja geser untuk sebuah volume kontrol umum.
Vektor S adalah intensitas gaya (tegangan) yang mempunyai komponen masing-masing di dalam arah normal dan tangensial terhadap permukaan. Dinyatakan dalam S gaya pada dA adalah S dA dan laju kerja yang dilakukan oleh fluida yang mengalir melalui dA adalah S dA . v.
Laju neto kerja yang dilakukan oleh volume kontrol terhadap sekitarnya sehubungan dengan hadirnya S adalah
Dimana tanda negatif muncul dari kenyataan bahwa gaya persatuan luas pada sekitarnya adalah S.
Pernyataan hukum pertama persamaan (1.8) sekarang dapat ditulis sebagai
di mana adalah laju kerja poros.
Dengan menuliskan komponen-komponen tegangan normal S sebagai kita dapatkan untuk laju neto kerja yang dilakukan dalam mengatasi tegangan normal.
==
Bagian yang tersisa dari kerja yang harus di hitung adalah bagian yang diperlukan untuk mengatasi tegangan geser. Bagian laju kerja yang dibutuhkan ini, ditransformasikan menjadi suatu bentuk yang tak tersedia untuk melakukan kerja mekanis.
Laju kerja sekarang menjadi :
Dengan mensubtitusikan ke dalam persamaan (1.8) kita mendapatkan
Seperti dengan kerja geser yang dilakukan untuk mengatasi bagian kekentalan dari tegangan normal tak dapat melakukan kerja mekanis. Adalah laju kerja yang dihasilkan di dalam mengatas efek kekentalan di permukaan kontrol. Subskrip digunkan untuk membedakan hal ini.
Bagian yang tersisa dari suku tegangan normal yang berhubungan dengan tekanan dapat ditulis dalam bentuk yang agak berbeda. adalah negatif dari tekanan termodinamika. P suku kerja geser dan kerja aliran maka dapat ditulis sebagai berikut :
Dengan mengkombinasikan persamaan ini dengan persamaan yang ditulis sebelum ini maka menjadi :
Persamaan (1.9) merupakan persamaan volume kontrol untuk hukum pertama termodinamika.
G. Persamaan Laju Hantaran
Jika dua sistem yang dihubungkan oleh sebuah mistar logam pada Gambar 7 tanpa adanya efek-efek yang terkopel maka setiap perpindahan energi di antara sistem-sistem tersebut haruslah sebagai kalor.
= f1 (TA, TB , TA, batang)Gambar 7 Dua sistem yang dihubungkan oleh
sebuah mistar logam
Perpindahan energi sebagai kalor oleh hantaran di antara dua sistem. Secara alternatif, maka kita dapat menyatakan sebagai sebuah fungsi dari temperatur-temperatur, perbedaan temperatur, dan batang.
= f2 (TA TB , TA, batang)
Sebuah persyaratan pada f2 harus sama dengan nol. Bila TA = TB maka untuk TA - TB. yang kecil ekspansi deret Taylor dari f2 disekitar TA - TB = 0.
Untuk mengekspansikan f(x) di dalam sebuah deret Taylor disekitar a.
f (a + x) = f (a) +
Jadi
Turunan didalam persamaan (2.0) dihitung bila TA - TB = 0, yakni ada kesetimbangan diantara A dan B. Maka sifat tersebut haruslah merupakan sebuah sifat batang, yakni dapat diukur secara eksperimental dan ditabelkan sebagai sebuah fungsi dari keadaan kesetimbangan. Karena jika TA > TB, sifat ini haruslah positif.
Jika luas penampang batang adalah seragam, maka harus sebanding dengan luas ini. Akan tetapi semakin panjang batang tersebut maka semakin berkurang aliran energi untuk sebuah TA - TB yang diberikan. Maka koefisien dari (TA - TB) di dalam persamaan (2.0) adalah sebanding luas penampang A dan berbanding terbalik kepada panjang L.
Dimana A adalah luas batang , L panjangnya dan k adalah sifat bahan batang, maka
jika batang tersebut disusutkan dan pada waktu bersamaan membawa TA sangat dekat kepada TB, maka limit sewaktu maka
Jadi persamaan (2.2) menjadi
EMBED Equation.3 persamaan laju untuk fluk kalor
Persamaan di atas merupakan hukum Faurier. Hukum Faurier merupakan persamaan laju dasar perpindahan kalor hantaran. Dimana ialah laju perpindahan kalor dan merupakan gradien suhu ke arah perpindahan kalor. Konstanta positif (k) disebut konduktifitas atau kehantaran termal benda itu dengan satuan watt per meter per derajat kelvin (W/m . K), sedangkan tanda minus diselipkan agar memenuhi hukum kedua termodinamika, yaitu bahwa kalor mengalir ke tempat yang lebih rendah dalam skala suhu, sebagaimna ditunjukkan dalam koordinat pada gambar ini :
Gambar 8 Bagan yang menunjukkan arah aliran kalor
Untuk benda padat hantaran disebabkan oleh gerakan elektron bebas di dalam benda padat dan aksi getaran molekul di dalam benda padat. Karena penghantar listrik mempuyai persediaan elektron bebas yang banyak, maka penghantar listrik adalah penghantar kalor yang baik. Untuk gas hantaran disebabkan oleh gerakan translasi molekul. Gerakan ini yakni k, bertambah oleh pertambahan tempertur.
H. Solusi Sederhana Persamaan Diferensial Transfer Panas
Alat dasar yang akan digunakan dalam mengembangkan persamaan diferensial transfer panas adalah tentang persamaan volume kontrol untuk hukum pertama termodinamika.
laju panas total yang ditambahkan ke volume kontrol akan meliputi semua efek konduksi, total pelepasan energi termal di dalam volume kontrol akibat efek-efek volumetrik seperti reaksi kimia atau pemanasan induksi dan disipasi energi listrik atau nuklir. Efek-efek pembangkit energi termal yang mempunyai satuan W/m3 atau B tu/jam f.t3. Jadi suku yang pertama dapat dinyatakan sebagai :
Gambar 9 laju panas yang masuk
melewati volume kontrol diferensial
Suku laju kerja atau daya poros akan dianggap sebagai nol untuk tujuan saat ini.suku ini berpengaruh apabila kerja yang dilakukan di dalam volume kontrol cukup besar yang untuk kasus diferensial tidak ada. Suku daya dengan demikian dihitung sebagai
Laju kerja viskos terjadi pada permukaan kontrol diperoleh dengan cara mengintegralkan hasil kali titik (dot product) dari tegangan viskos dan kecepatan pada permukaan kontrol. Kita akan menyatakan laju kerja viskos sebagai dimana adalah laju kerja viskos per satuan volume. Suku ketiga dalam persamaan (2.0) dengan demikian dituliskan sebagai :
Integral permukaannya meliputi semua transfer energi yang terjadi di seluruh permukaan kontrol tersebut akibat aliran fluida. Semua suku yang berhubungan dengan integral permukaan telah didefinisikan sebelum ini. Integral permukaan tersebut adalah
Suku akumulasi energi, menghubungkan perubahan energi total di dalam volume kontrol sebagai fungsi waktu, adalah
Persamaan (2.5) sampai (2.9) sekarang dapat digabungkan seperti yang telah ditunjukkan oleh persamaan hukum pertama, persamaan (1.9). dengan melakukan penggabungan ini dan kemudian membagi dengan volume elemen. Kita mendapatkan :
Dengan menghitung limitnya jika y, dan mendekati nol, persamaan ini menjadi :
=
+ .(3.0)
Persamaan diatas dapat dijabarkan :
=+
+
+
+(3.1)
Dengan memanfaatkan persamaan kontinuitas dimana
Maka persamaan (3.1) menjadi
=.(3.2)
Untuk aliran inkompresibel suatu fluida dengan konstanta , suku kedua di ruas kanan persamaan (3.2) menjadi
.(3.3)
Demikian juga untuk aliran inkompresibel, suku pertama di ruas kanan persamaan (1.23) menjadi
(3.4)
Dengan mensubstitusikan persamaan (3.2) dan (3.4) ke dalam persamaan (3.1) dan menuliskan suku konduksi sebagai kita mendapatkan
(3.5)
Persamaan (4.10) selanjutnya akan tereduksi menjadi
.(3.6)
Fungsi dapat digunakan dengan mengunakaan bagian viskos dari suku tegangan geser dan tegangan normal. Untuk kasus aliran inkompresibel fungsi ini ditulis sebagai :
.(3.7)
Di mana fungsi disipasi diberikan oleh
EMBED Equation.3
EMBED Equation.3 Dengan mensubtitusikan dalam persamaan (3.6), persamaan energi menjadi
(3.8a)
Berdasarkan persamaan (3.8a), dipandang sebagai suatu fungsi yang terdiri dari viskositas fluida dan laju-laju regangan geser, dan definit-positif : Disipasi viskos selalu menaikkan energi internal namun mengakibatkan turunnya energi potensial atau tekanan stagnasi. Fungsi disipasi dapat diabaikan dalam semua kasus yang akan kita bahas,efeknya menjadi signifikan dalam lapisan-lapisan batar supersonik.Persamaan (3.8a) jika dijelaskan dengan kata-kata dapat dituliskan sebagai berikut :
Energi yang dihantarkan dimuka kiri + energi yang dibangkitkan dalam unsur = perubahan energi dalam + energi yang dihantarkan ke luar unsur melalui muka kanan.
Kuantitas energi itu ialah sebagai berikut:
Energi dimuka kiri = Energi yang dibangkitkan di dalam unsur = A dxPerubahan energi dalam =
Energi yang keluar dari muka kanan
Sehingga jika digabungkan dapat ditulis sebagai berikut :
Di mana :
Besarannya = disebut difusivitas termal bahan. Makin besar nilai , makin cepat kalor membaur dalam bahan itu. Hal ini jelas kelihatan bilamana kita periksa besaran yang membentuk . Nilai yang besar dapat disebabkan oleh salah satu dari dua hal berikut. Pertama, nilai konduktivitas termal yang tinggi menunjukkan laju perpindahan energi yang. Kedua, dari nilai kapasitas kalor termal C yang rendah berarti bahwa energi yang berpindah melalui bahan itu yang diserap dan digunakan untuk menaikkan suhu jumlahnya lebih sedikit, jadi energi yang masih dapat dipindahkan lebih banyak. Satuan difusivitas termal adalah meter persegi per detik.
Persamaan (3.8b) merupakan persamaan umum dari transfer panas dalam keadaan tunak. Disini penulis hanya membahas tentang transfer panas satu dimensi dalam keadaan tunak, sehingga persamaan (3.8b) jika diubah menjadi persamaan transfer panas satu dimensi, maka persamaan tersebut akan menjadi :
Dimana, q = energi yang dibangkitkan persatuan volume, (W/m3)
C= kalor spesifik bahan (J/kg.oC)
= kerapatan (densitas) (kg/m3)Persamaan (3.9) dapat digunakan untuk medium konduksi tidak mengandung sumber panas dan digunakan medium konduksi yang mengandung sumber panas dalam satu dimensi.I. Jika medium konduksi tidak mengandung sumber panas, maka persamaan (3.9) tereduksi menjadi persamaan medan Fourier.
.(4.0)
Yang kadang-kadang disebut sebagai hukum kedua Fourier tentang konduksi panas.
Untuk kasus distibusi temperatur harus memenuhi persamaan Laplace yang telah direduksi.
(4.1)
II. Jika suatu sistem di mana sumber panas ada tetapi tidak ada perubahan waktu (tunak) persamaan (4.15) akan tereduksi menjadi persamaan poisson.
(4.2)
I. Aplikasi Persamaan Transfer Panas Satu Dimensi Pada Keadaan Tunak
1. Transfer panas satu dimensi dalam keadaan tunak tanpa pembangkit kalor.
a. Silinder panjang berongga.
Gambar 10 Konduksi panas radial dengan temperatur permukaan yang uniform.
Hukum pertama termodinamika yang diterapkan akan tereduksi ke bentuk , yang menujukkan bahwa laju transfer panas kedalam volume kontrol adalah sama dengan laju keluarnya dengan kata lain Q = q = konstan
Karena aliran panas akan memiliki arah yang radial, variabel bebasnya adalah r, sehingga bentuk persamaannya adalah laju Fourier
.(2.4)
Dengan menulis A = 2, persamaan tersebut menjadi
Di mana qr adalah konstanta yang dapat dipisahakan dan dipecahkan sebagai berikut :
(4.3)
Contoh soal :
Sebuah pipa baja yang mempunyai diameter dalam 1,88 cm dan tebal dinding 0,391 cm (k = 42,90 W/m) masing-masing mengalami temperatur dalam dan temperatur luar, berturut-turut 367 K dan 344 K (lihat gambar 11). Cari laju aliran panas per feet panjang pipa dan hitung juga fluks panasnya berdasarkan luas permukaan dalam dan luas permukaan luar.
Penyelesaiannya :
Dengan menggunakan persamaan (4.3) kita tinggal memasukkan nilai-nilai numeri yang diberikan., kita mendapatkan :
=
= 17,860 W/m atau 18,600 Btu/hr.ft
Jadi laju aliran panas pipa baja adalah 17,860 W/m atau 18,600 Btu/hr.ft
Luas permukaan dalam dan permukaan luar per satuan panjang pipa adalah :A0 = (1,88)(10-2)(1) = 0,059 m2/m atau 0,194 ft2/ftA1 = (2,662)(10-2)(1) = 0,084 m2/m atau 0,275 ft2/ft
Sehingga kita dapatkan :
atau 95.500 Btu/hr.ft2
atau 67.400 Btu/hr.ft2
Jadi luas permukaan dalam pipa baja adalah 302,7 kW/m2 atau 95.500 Btu/hr.ft2Dan luas permukaan luar pipa baja adalah212,6 kW/m2 atau 67.400 Btu/hr.ft2b. Bola berongga
Seperti pada silinder panjang berongga, bola berongga juga menggunakan persamaan Laju Fourier yamg dimodifikasi.
(4.4)
Dimana A = Luas bola = 4, yang memberikan
= -4
.(4.5)
Contoh soal :Satu bola copper dengan massa 4700 gr dan radius 5 cm diselubungi lapisan isolasi dengan tebal 5 cm (di jari-jari luar 10 cm). termal konduktivitas dari isolasi itu k = 0,002 kal/s.cmoC dan permukaan luar dipertahankan pada temperatur20oC. panas jenis copper 0,093.
a. Bila copper bersuhu 100oC. berapa arus panas yang melalui isolasi?
b. Kira-kira berapa lama waktunya untuk mendinginkan coppe dari 100oC-99oC?
Penyelesaian :
a. Dengan menggunakan persamaan (4.5) kita dapat memasukkan nilai-nilainya.
= 20,05 kal/sb. Panas yang dibutuhkan untuk mendinginkan copper 1oC
Waktu yang dibutuhkan untuk mengeluarkan panas Q adalah
2. Transfer panas satu dimensi dalam keadaan tunak dengan sumber kalor.
a. Dinding datar
Perhatikan suatu dinding datar dengan sumber kalor yang terbagi rata seperti pada gambar 12.Tebal dinding diarah X ialah 2L, sedang dimensi di kedua arah lain dianggap cukup besar sehingga aliran kalor dapat di andalkan satu dimensi. Kalor yang dibangkitkan persatuan volume adalah , dan kita andaikan pula bahwa konduksi termal tidak berubah dengan suhu. Sehingga keadaan ini dapat terjadi jika arus listrik dialirkan melalui bahan penghantar.
Persamaan diferensial yang mengatur aliran kalor ialah
..(4.6)
Sebagai kondisi batas kita tentukan suhu kedua muka dinding, yaitu
T=T1 pada x = L
Dari persamaan (4.18) dapat diselesaikan
T =
Oleh karena suhu pada masing-masing sisi dinding mesti sama, maka C1 mestinya nol, suhu pada bidang tengah adalah T0, sehingga persamaan
T0 = C2Jadi distribusi suhu
T T0 = ..(4.7a)
Atau
..(4.7b)
Merupakan distribusi parabola. Rumus untuk suhu bidang tengah T0 bisa didapat dari neraca energi. Pada keadaan tunak, jumlah kalor yang dibangkitkan mestinya sama dengan rugi kalor pada permukaan. Jadi
2 ; di mana A = luas penampang gradien suhu pada dinding didapatkan dan diferensial persamaan (4.7b)
-kA
-kA
T0 = (4.8a)
Jika pelat itu terendam oleh fluida yang suhunya dan konduktivitas permukaan pada kedua permukaannya , maka dalam keadaan stedi panas yang dibangkitkan dalam separuh pelat harus mengalir secara kontinu melalui permukaan yang mengatasinya. Jika dinyatakan secara aljabar untuk satu satuan luas maka syarat ini ialah :
=
(4.8b)
Contoh soal :
Suatu fluida yang konduktivitas listriknya rendah dipanaskan oleh sebuah pelat besi yang panjang, dengan tebal 15 mm dan lebar 75 mm. panas dibangkitkan secara seragam didalam panas dengan laju q = 1000000 W/m3 dengan mengalirkan arus listrik melalui pelat itu. Tentukanlah konduktansi permukaan satuan yang diperlukan untuk mempertahankan suhu pelat tersebut dibawah 420 0K! (k = 43 W/m.K)
Penyelesaiannya :
Dengan mengabaikan panas yang terbuang dari tepi-tepi pelat, maka berlaku persamaan (4.8) dan beda suhu antara bidang tengah dan permukaan adalah :T0 = atau
=
= 0,65 0K
Jatuh suhu di dalam besi begitu rendah karena konduktivitasnya tinggi (k = 43 W/m.K) dari persamaan (4.8b) kita mendapatkan :
=
EMBED Equation.3 b. Silinder panjang.
Perhatikan sebuah padatan silinder dengan pembangkit energi seperti pada gambar 14 silinder dianggap panjang sehingga hanya konduksi radial yang terjadi. Densitas, , kapasitas panas, Cp , dan konduktivitas termal material akan dianggap konstan. Keseimbangan energi untuk elemen yang ditunjuk adalah
EMBED Equation.3 ..(4.9)
Dengan menerapkan persamaan Laju Fourier dan menetapkan sehingga Laju energi yang dibangkitkan persatuan volume, persamaan ini dapat dinyatakan secara matematis
Dengan membagi tiap suku dengan 2, kita mendapatkan
(5.0)
Dalam limit jika mendekati nol, persamaan diferensial berikut akan memperoleh
(5.1)
Untuk kondisi keadaan tunak suku akumulasinya adalah nol, jika kita eliminasikan suku ini dari persamaan di atas, sehingga menjadi
Variabel-variabel dalam persamaan ini dapat dipisah dan diintegrasi untuk menghasilkan
, atau k .(5.2)
Karena simetri dari silinder padat tersebut, sebuah kondisi batas yang harus dipenuhi mensyaratkan bahwa gradien temperatur harus finit (terbatas) di pusat silinder, di mana r = 0. Ini hanya benar jika C1=0. Sehingga relasi diatas tereduksi menjadi.
.(5.3)
Integrasi yang kedua kalinya akan menghasilkan
T = - (5.4)
Jika r = R maka
C2 = Tw +
Penyelesaian distribusi
T Tw = ..(5.5a)
Atau dalam bentuk tak berdimensi
..(5.5b)
dimana ialah suhu pada r = 0 dan diberikan oleh
T0 = ..(5.6)
Jika temperatur T selalu diketahui pada nilai jari-jari berapa pun, seperti suatu permukaan, konstanta kedua, C2 dapat dihitung. Fluk energi dalam arah radial dapat diperoleh dari
dengan cara mensubstitusi persamaan (5.7) menghasilkan
atau
..(5.8)
Contoh soal :
Arus sebesar 200 A dilewatkan melalui sebuah kawat baja tahan karat
(k = 19 W/m.oC) yang diameternya 3mm. Resitifitas baja dapat dianggap 70.cm, dan panjang kawat 1m. kawat ini dibenamkan di dalam zat cair pada 110oC di mana koefisien perpindahan kalor konveksi ialah 4 kW/m2.oC. Hitunglah suhu pusat kawat!Penyelesaian :
Seluruh daya yang dibangkitkan di dalam kawat haruslah di lepas melalui konveksi ke cairan P = I2R =q = h A .............................................(1)Tahan kawat dihitung dari
Dimana adalah resistifitas kawat. Luas permukaan kawat ialah dL, sehingga dari persamaan (1) diperoleh :
Kalor yang dibangkitkan perasatuan volume dihitung dari :
........................................................................(5.8)
Sehingga :
Akhirnya suhu pusat kawat dihitung dari persamaan (5.6)
T0 =
=
Jadi suhu pusat kawat baja adalah 231,6oC atau 449 oF EMBED PBrush
EMBED Equation.3
EMBED Equation.3
EMBED Equation.3
y
z
x
T
Profil suhu
qx
x
q
r1
T1
To
r0
r1
T1
T0
Gambar 12 Konduksi panas radial pada bola berongga
T1
T1
x=0 T0
-L- -L-
EMBED Equation.3 = Kalor yang dibangkitkan persatuan volume
Gambar 13 Dinding datar pada konduksi
satu dimensi dengan pembangkit
kalor
T0
T1
r1
r0
Gambar 11 Konduksi panas dalam arah radial dengan temperatur permukaan yang uniform.
r
r
Gambar 14 Elemen anular dalam sebuah
silinder panjang lingkaran
dengan pembangkit panas
internal
d = 3 mm
A = 200A
L = 1m
20oC
100oC
r0
r
10
_1249503002.unknown
_1249821054.unknown
_1249905569.unknown
_1251657598.unknown
_1251658696.unknown
_1251661170.unknown
_1252760512.unknown
_1252761978.unknown
_1252762013.unknown
_1252762231.unknown
_1252761224.unknown
_1251663404.unknown
_1251661340.unknown
_1251658815.unknown
_1251660746.unknown
_1251658739.unknown
_1251658259.unknown
_1251658587.unknown
_1251658140.unknown
_1249997514.unknown
_1249997807.unknown
_1250021130.unknown
_1249998079.unknown
_1249997765.unknown
_1249907695.unknown
_1249996583.unknown
_1249997178.unknown
_1249997444.unknown
_1249997187.unknown
_1249997076.unknown
_1249908082.unknown
_1249908705.unknown
_1249995966.unknown
_1249908112.unknown
_1249907955.unknown
_1249907993.unknown
_1249905923.unknown
_1249907129.unknown
_1249907265.unknown
_1249905987.unknown
_1249905707.unknown
_1249905873.unknown
_1249905654.unknown
_1249825509.unknown
_1249902287.unknown
_1249903313.unknown
_1249905546.unknown
_1249905554.unknown
_1249905538.unknown
_1249903160.unknown
_1249843527.unknown
_1249843579.unknown
_1249844284.unknown
_1249843556.unknown
_1249842688.unknown
_1249825301.unknown
_1249825501.unknown
_1249825169.unknown
_1249825227.unknown
_1249825111.unknown
_1249504644.unknown
_1249506460.unknown
_1249819536.unknown
_1249819804.unknown
_1249820482.unknown
_1249819758.unknown
_1249818816.unknown
_1249818836.unknown
_1249818735.unknown
_1249817376.unknown
_1249504879.unknown
_1249505251.unknown
_1249505294.unknown
_1249506459.unknown
_1249505275.unknown
_1249505032.unknown
_1249504703.unknown
_1249504845.unknown
_1249504693.unknown
_1249504281.unknown
_1249504516.unknown
_1249504604.unknown
_1249504612.unknown
_1249504554.unknown
_1249504407.unknown
_1249504476.unknown
_1249504425.unknown
_1249504290.unknown
_1249503238.unknown
_1249504181.unknown
_1249504216.unknown
_1249504227.unknown
_1249504184.unknown
_1249503739.unknown
_1249504152.unknown
_1249504169.unknown
_1249503999.unknown
_1249504005.unknown
_1249503906.unknown
_1249503723.unknown
_1249503023.unknown
_1249503172.unknown
_1249503010.unknown
_1244886615.unknown
_1249168829.unknown
_1249501471.unknown
_1249501716.unknown
_1249501854.unknown
_1249502559.unknown
_1249501801.unknown
_1249501673.unknown
_1249501681.unknown
_1249501598.unknown
_1249477091.unknown
_1249497917.unknown
_1249500483.unknown
_1249501301.unknown
_1249500121.unknown
_1249477103.unknown
_1249476808.unknown
_1249476821.unknown
_1249476127.unknown
_1244961080.unknown
_1246416491.unknown
_1246434623.unknown
_1246449535.unknown
_1246517925.unknown
_1246519034.unknown
_1246519317.unknown
_1246519648.unknown
_1246519179.unknown
_1246518639.unknown
_1246449967.unknown
_1246450419.unknown
_1246449877.unknown
_1246436261.unknown
_1246448564.unknown
_1246449285.unknown
_1246447574.unknown
_1246435888.unknown
_1246436032.unknown
_1246435632.unknown
_1246430102.unknown
_1246431876.unknown
_1246434012.unknown
_1246431596.unknown
_1246417718.unknown
_1246429459.unknown
_1246417349.unknown
_1246337496.unknown
_1246360445.unknown
_1246360664.unknown
_1246338642.unknown
_1244963852.unknown
_1244963910.unknown
_1244962152.unknown
_1244962236.unknown
_1244962391.unknown
_1244961098.unknown
_1244890357.unknown
_1244891876.unknown
_1244945345.unknown
_1244945592.unknown
_1244946206.unknown
_1244945407.unknown
_1244943910.unknown
_1244890585.unknown
_1244890632.unknown
_1244890481.unknown
_1244888921.unknown
_1244889387.unknown
_1244889706.unknown
_1244889058.unknown
_1244887245.unknown
_1244888565.unknown
_1244886639.unknown
_1244861442.unknown
_1244863953.unknown
_1244865727.unknown
_1244886161.unknown
_1244886240.unknown
_1244886506.unknown
_1244886041.unknown
_1244865400.unknown
_1244864955.unknown
_1244865167.unknown
_1244863394.unknown
_1244863657.unknown
_1244863809.unknown
_1244863454.unknown
_1244861923.unknown
_1244862921.unknown
_1244861591.unknown
_1244837659.unknown
_1244838228.unknown
_1244841139.unknown
_1244861340.unknown
_1244838299.unknown
_1244838019.unknown
_1244838186.unknown
_1244837782.unknown
_1244834559.unknown
_1244835070.unknown
_1244837559.unknown
_1244834669.unknown
_1244834452.unknown
_1244834544.unknown
_1244832024.unknown