Upload
others
View
0
Download
0
Embed Size (px)
Citation preview
Van der Valsova jednačina
( ) RTVa
P m
m
=b-V
+2
( ) nRTnbVV
anP =−
+
2
2
2mm
mV
ab
V
aPbRTPV +−+=
2
2
mm V
a
bV
RT
V
na
nbV
nRTP −
−=
−−
=
023 =−
+
+−
P
abV
P
aV
P
RTbV mmm
−+=
2)(1
RT
a
RT
bPRTPVm
Sumiranje rezulata primene Van der Valsove jednačine
(1)Na visokim temperaturama i velikim zapreminama vdW prelazi u
jednačinu idealnog gasnog stanja jer:
� Na visokim temperaturama privlačne sile odnosno član a/V2m su
zanemarljivi
� Ako je Vm veliko, tada je Vm-b~Vm
(2) Tečnosti i gasovi postoje kada su privlačne i odbojne sile uravnotežene,
konstanta a odgovara privlačnim a b odbojnim silama.
(3) Kritične konstante su povezane sa vdW konstantama:
za T<Tc izoterme osciluju, prolazeći kroz minimum i maksimum koji
konvergiraju sa približavanjem Tc i prvi i drugi izvod su jednaki nuli
Kompresioni faktor u
kritičnom stanju
8/3/ == cccc RTVPZ
Druge jednačine stanja
Samo jednačine koje imaju dve konstante mogu biti izrežene u
redukovanom obliku.
Primer 1.
Van der Valsove konstante za gas Xe su
a=4,194 atm L2 mol-2 i b=0,05105 L/mol.
Izračunati korekcioni član za pritisak (atm)
za količinu od 32,5 mol gasa u zapremini
od 1,76 L balona na 750oC.
a) 1,43·103 b) 2,48·103
c) 2,48·102 d) 1,45·102
e) 1,12·103 f) ne znam
Primer 2. Van der Valsove konstante a i b su 1,390 L2atm
mol-2 i 0,03913 L mol-1 za azot. Izračunati korekcioni član
za: A) zapreminu (u L) za 285,5 molova jedinjenja u
balonu od 100 L na temperaturi od 300oC i B) pritisak (u
atm).
Rešenje:
A) Korekcioni član je: nb=285,5mol⋅0,03913L/mol=11,17 L
B)atm
L
molatmmolL
V
anPu 33,11
)100(
)5,285(39,12
2222
2
2
=⋅
==−
Primer 1. Ako se neki gas ponaša po Van der Valsovoj
jednačini, zaokruži tačno tvrñenje:
1)Gas se približava idealnom ponašanju pri:
a) visokom P b) visokom PV
c) niskoj T d) ni jedno
2) Jednačina za n molova gasa glasi:
a) PV=nRT b)
c) d) e) ni jedna
Primer 1a. Koji od sledećih gasova će pokazivati najveće
negativno odstupanje na dijagramu PV/RT od P?
a) H2O b) F2 c) CH4 d) Ne e) Ar
nRTbVV
aP =−
+ )(2
nRTbnVVn
aP =−
+ )(22 RTb
n
V
V
anP =
−
+
2
2
PITANJA
Još pitanja
2.Odnos istisnute zapremine molekula prema
njegovoj stvarnoj zapremini je:
a)2:1 b) 3:1 c)4:1 d)5:1
2a. Konstanta a u VdV jednačini je najveća kod:
a) helijuma
b) vodonika
c) kiseonika
d) amonijaka
3. Temperatura iznad koje gas ne može da se prevede u tečnost ma
kako bio visok pritisak je:
a) apsolutna nula
b) 0oC
c) Kritična temperatura
d) Inverziona temperatura
e) Bojlova temperatura
4. Veza izmeñu Pc, Vc i Tc je:
a) PcVc=RTc
b) PcVc=3RTc
c) PcVc=(3/5)RTc
d) PcVc=(3/8)RTc
e) PcVc=(8/3)RTc
5) Koji od sledećih parametara je tri puta veći od VdV konstante b:
a) Kritična zapremina
b) Kritični pritisak
c) Kritična temperatura
d) Napon pare
6) Temperatura pri kojoj je drugi virijalni koeficijent jednak nuli je:
a) kritična temperatura
b) eutektička temperatura
c) tačka ključanja
d) Bojlova temperatura
7) Idealan gas može da se prevede u tečno stanje pri:
a) T>Tc
b) P>Pc
c) P>Pc a T<Tc
d) Ne može se prevesti u tečno stanje pri bilo kom P i T
8) Koja od gasnih smeša se ne pokorava Daltonovom zakonu:
a) CO2 i H2 b) H2 i NH3 c) NH3 i HCl d) N2 i O2
9) U kom od sledećih parova, je kritična temperatura drugog gasa veća od kritične temperature prvog gasa:
a) CO2 i H2 b) H2 i NH3 c) NH3 i He d) H2 i He
molmPa
KmolJKV
atmPKTZP
ZRTV
RT
PVZ
m
mm
/00106,010132520
300314,886,0
2030086,0
311
=⋅
⋅⋅=
=====
−−
mLmolmmolnVV m 7,800106,0102,8 133 =⋅⋅== −−
Primer 3. Na temperaturi od 300 K i pritisku od 20 atm, kompresioni faktor
je 0,86. Izračunati zapreminu (u mL) koju zauzima 8,2 mmol gasa pod ovim
uslovima,
Rešenje:
Primer 4. Jedan mol nekog gasa na temperaturi od 273K i
pritisku od 3⋅106Pa zauzima zapreminu od 5⋅10-4m3. Ako je
a=0,50 Pa m6 mol-2, izračunati vrednost konstante b.
Rešenje:
Iz V.d.V. jednačine sledi da je b:
13444
86
84
2
2
1046,01054,4105
5,01025103
1025273314,8105
−−−−
−
−−
⋅=⋅−⋅
=+⋅⋅⋅⋅⋅⋅
−⋅=+
−=
molm
apV
RTVVb m
Primer 5. Koristeći Van der Valsove koeficijente za kiseonik
(a=1,378 L2atm mol-2, b= 3,183⋅10-2 L mol-1) izračunati: a)
Bojlovu temperaturu b) radijus molekula gasa
pretpostavljajući da se molekuli ponašaju kao krute sfere.
a)
KmolLatmKLmol
molatmL
bR
aTB 6,527
10206,810183,3
378,111212
12
=⋅⋅⋅
==−−−−−
−
b) 329
123
135
1032,110022,64
10183,3
4m
mol
molm
N
bv
A
mol
−−
−−
⋅=⋅⋅
⋅==
mvr mol
10
3/1
29
3/1
1047,11032,14
3
4
3 −− ⋅=
⋅⋅=
=ππ
Izračunati pritisak 1,0 mola etana koji se ponaša kao:
a) u idealnom gasnom stanju;
b) prema van der Valsovoj jednačini pod sledećim uslovima:
i) na 273,15 K i 22,414 L i ii) na 1000 K i 100 cm3.(a=5,489L2mol-2atm,
b=6,38⋅10-2L/mol)
Rešenje:
Domaći!
Primer 6. Kritične konstante za ugljendioksid su:
Pc=72,85⋅105Pa, Vc= 94,0 cm3/mol i Tc=304,2 K.
Izračunati van der Valsove koeficijente i proceniti radijus molekula
gasa (dati sve u SI).
Rešenja:
b=RTc/8Pc=4,34⋅10-5m3/mol
a=27R2T2c/64Pc=0,37m6 Pa mol-2
vmol=b/4NA=4,34⋅10-5m3mol-1/4·6,022⋅1023mol-1 =1,8⋅10-29m3
mvr mol
103/130
3/1
1063,1)1039,2(4
3 −− ⋅=⋅=
=π
Primer 7. Proceniti kritične konstante gasa iz Van der Valsovih
parametara a=0,751atmL2mol-2 i b=0,0226 Lmol-1 (Sve dati u SI).
Rešenje:
KT
LmolmolLatmK
atmmolL
Rb
aT
PaatmLmol
atmmolL
b
aP
molmLmolLmolbV
c
c
c
c
120
0226,0082,027
75,08
27
8
1052,55,54)0226,0(27
751,0
27
,/1078,60678,00226,033
111
22
6
21
22
2
3511
=
⋅⋅⋅
==
⋅==⋅
==
⋅==⋅==
−−−
−
−
−
−−−
Primer 8. Izračunati pritisak na kome se nalazi 1 mol SO2, ako
zauzima zapreminu od 10 dm3 na 100oC, upotrebljavajući jednačinu
idealnog gasnog stanja, van der Valsovu jednačinu i Diteričijevu
jednačinu. Za SO2 konstante su: a=6,78⋅105 Pa m6 kmol-2, b=0,0565
m3 kmol-1.
Rešenje:
Prema jednačini idealnod gasnog stanja pritisak je:
Prema Van der Valsovoj jednačini pritisak je:
Prema Diteričijevoj jednačini pritisak je:
PaV
RTP 510102,3 ⋅==
PaV
a
bV
RTP 5
5210052,3
0001,0
678,0
1065,501,0
15,373314,8⋅=−
⋅−⋅
=−−
=−
PaeebV
RTP RTV
a
5023691,31
678,0
10052,397838,07084,3119990099435,0
3691,3102⋅=⋅==
−=
−−
Primer 9. Odrediti zapreminu koju zauzima 1 mol kiseonika na
-88oC i na pritisku od 45,3·105Pa, ako je kritična temperatura
154,4 K a kritični pritisak 5,04·106Pa, ako je dat grafik Z=f(PR) za
različito TR.
1341072,28,09,02,1 −−⋅======= molmP
RTZVZ
P
PP
T
TT
c
R
c
R
2 4 6 8
1,1
1,21,3
1,52,0
T =1,0r
T =3,0r
Z
Pr
1,0
Rešenje:
Prema Van der Valsovoj jednačini zapremina se računa na osnovu
faktora stišljivosti. Faktor stišljivosti se očitava sa krive iz vrednosti
za redukovani pritisak i temperaturu:
Primer 10: Gasovi A, B, C i D se ponašaju prema Van der
Valsovoj jednačini sa konstantama a i b datim u tablici:
Gas A B C D
a (barm6 mol-2) 6 6 20 0,05
b (m3mol-1) 0,0250 0,15 0,10 0,02
a) Koji gas ima najvišu kritičnu temperaturu?
b) Koji gas ima najveće molekule ?
c) Koji gas je najpribližniji idealnom gasnom stanju na STP?
Rešenje:
a) Pošto je Tc∞ a/b, gas A ima najveće a i najmanje b, to on ima
najvišu Tc.
b) Veličina molekula je odreñena konstantom b, pa gas B ima najveće
molekule.
c) Gas koji ima najniže kritičnu temperaturu i pritisak najbliži je IGS.
Kako je Tc∞ a / b i Pc∞ a/b2 to je gas D najbliži IGS
Primer 11. Za gas, koji se pokorava Van der Valsovoj jednačini i
ima Pc=30 bar, Tc=473 K, kompresioni faktor PV/RT je veći od
jedan za uslove:
A)
a) P=50 bar T=523 K
b) P=1 bar T=373 K
c) P=500 bar T=773 K
Gas će se približavati idealnosti pri:
B)
a) niskoj T
b) niskoj gustini
c) niskom kompresionom faktoru
d) ni jedno
C)Izračunati konstantu b (L/mol) za ovaj gas.
Rešenje:
A) Z je veće od jedan pri najvišem pritisku i najvišoj temperaturi, tj.
500 bar i 773 K koje su veće od kritičnih
B) Gas se približava idealnosti pri niskoj gustini tj. pritisku
C) Iz vrednosti kompresionog faktora u kritičnoj tački može da se
nañe konstanta b:
molLmolmP
RTb
Vb
RT
VP
c
cc
c
cc /164,0/000164,010308
473314,8
838
3 3
5==
⋅⋅
⋅====
• Primer 12. Za gasoviti CO2 van der Valsove
konstante su b = 0,04286 ℓ mol−1 i
a = 3,658 bar ℓ2 mol−2. Na kojoj temperature
će drugi virijalni koeficijent biti jednak nuli
Rešenje:
B(T)=0 za T=TB
KRb
aTB 6,1026
mol l 0,04286 314,8
mol lbar 3,6581-
-22
=⋅
==
Primer 13. Gas NO ima Pc=64 bar, Tc=177 K
a gas CCl4 ima Pc= 45 bar i Tc= 550 K.
A) Koji gas ima manju konstantu b?
B) Ima manju vrednost konstante a?
C) Ima veću kritičnu zapreminu?
D) Se skoro idealno ponaša na 300K i 10 bar-a ?
A) Kako je:
to je b srazmerno odnosu Tc/Pc. Kako je:
Rb
aT
b
aPbV ccc
27
8
273
2===
4
4
22,1245
55076,2
64
177CClNO
CClc
c
NOc
c bbP
T
P
T⟨=∞
=∞
Rešenje:
B) Kako je konstanta a srazmerna odnosu Tc2/Pc to je:
4
4
2,672245
5505,489
64
177 2222
CClNO
CClc
c
NOc
c aaP
T
P
T⟨=∞
=∞
C) Vc(CCl4)= 38,1·10-5m3 Vc(NO)= 8,61 ·10-5 m3
Vc(CCl4)> Vc(NO)
D) Gas NO je bliži idealnom ponašanju na 300K jer je ta
temperatura veća od njegove kritične temperature.
• Primer 14. Izraziti α (kubni koeficijent širenja) i κT
(koeficijent izotermske kompresibilnosti)
• (i) za idealan gas (ii) za gas za koji važi jednačina
stanja: p (Vm − b) = RT .
PP
RT
RT
P
P
RT
P
V
P
V
V
TP
R
RT
P
P
R
T
V
P
RTV
T
V
V
T
TT
T
pp
11
11
22=
−⋅−=−=
∂∂
∂∂
−=
=⋅==
∂∂
=
∂∂
=
κκ
ααRešenje:
(i)
(ii)
VP
RT
P
RT
PbRT
P
P
RT
P
V
VP
R
PbRT
R
P
R
PbRT
P
P
R
T
V
PbRT
P
VP
PbRTb
P
RTV
T
T
P
222
1
=
−
+
−=−=
∂∂
=+
=
+
=
=
∂∂
+=
+=+=
κ
α
• Primer 15. Odrediti P i T pri kojima će a) NO koji
ima Pc=64bar i Tc = 177K i b) CCl4 koji ima
Pc=45bar i Tc=550K biti u stanju
korespodentnom stanju jednog mola N2 na
pritisku od 1bar i temperaturi od 25oC. Kritične
vrednosti za azot su Pc=33,54bar i Tc=126,3K.
36,23,126
15,2980298,0
54,33
1======
K
K
T
TT
bar
bar
P
PP
c
R
c
R
Rešenje:
a)
b)
KKTTNOT
barbarPPNOP
Rc
Rc
72,41736,2177)(
91,10298,064)(
=⋅==
=⋅==
KKTTCClT
barbarPPCClP
Rc
Rc
129836,2550)(
34,10298,045)(
4
4
=⋅==
=⋅==
Primer 16.
• Jednačina stanja za 1mol nekog gasa je:
• gde su a i b konstante različite od nule. Utvrditi
• da li gas ima kritičnu tačku ili ne.
V
a
bV
RTP −
−=
Rešenje
( ) ( )
( ) ( )
220
22
22
22
3322
332
2
22
cccc
cc
c
cc
c
VbVb
VbV
V
a
bV
RT
V
a
bV
RT
V
a
bV
RT
dV
Pd
V
a
bV
RT
dV
dP
≠−
→≠=−
=−
=−
−−
=+−
−=