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MASTER EXERCISES DINAMICA
COMPILACION DE EJERCIOS DE DINAMICA.
UNIVERSIDAD DEL ATLANTICO.
FACULTAD DE IGENIERIA MECANICA.
Abril de 2014
Integrantes:
Anichiarico Alvaro
Aes Rafael
Barraza Farid
Bolao Karen
Borrero Gabriel
Cardozo Walter
Delgado Luis
Falcao Luis
Gutierrez Daniel
Marquez Luz
Meza Aldair
Miranda Pablo
Molina Angelica
Morron Dagoberto
Nolasco Steven
Perez Walter
Rievera Elver
Santos Mario
Stand Samir
Tamus Abraham
Villamil Gustavo
Villareal Jose
Los ejercicios fueron realizados
por los estudiantes de ingeniera
mecnica de V semestre, quienes
con los conocimientos
previamente adquiridos en la
asignatura de Dinmica y con la
gua del profesor Cristian Pedraza
Y, se vieron en capacidad de
resolver.
Elaborado por: Karen Bolao Monroy. Ingeniera Mecnica.
1. La manivela OB gira en sentido horario, con una velocidad constante angular
de 5 rad/s. hallar, en el instante en que =90, la aceleracin angular de la
barra BD que se desliza por el collarn que pivota en C.
1.1. Adaptando el grafico a las condiciones que nos da el ejercicio
tendramos
Como es usual, iniciaremos con el clculo de las velocidades angulares y
tangenciales para cada elemento.
As para el elemento OB tenemos:
Realizamos el clculo de la velocidad VB
= 250 5
= 1250 /
= 5
= 5
=
1.2. Ahora para el elemento mvil
Para el siguiente paso analizaremos las velocidades de los dos elementos
anteriores ahora como un solo sistema, tomando como referencia el punto B
Ahora tenemos nuestro triangulo de velocidades del anterior grafico
2
Procedemos a calcular por medio de la trigonometra las velocidades desconocidas
de la siguiente forma recordando que calculamos en un principio la velocidad
VB=1250 mm/s
sin(22.619) =2
2 = sin(22.619)
2 = 1250sin(22.619)
2 = 480.751
Conociendo el valor de VB2 y recordando la teora podemos calcular la velocidad
angular de la barra BD de la siguiente forma
2 =
2
=
Pero rCB es:
= 6002 + 2502
= 6002 + 2502
= 650
De donde
=480.751
650
= 1.001
Y para el clculo de la velocidad aparente tenemos:
2
= tan (67.381)
= 2tan (67.381)
= 1153.85
1.3. Calculo de las aceleraciones.
Tenemos que :
+
= 2 + 2
+ +
Ahora haciendo rotacin de ejes para tener la aceleracin aparente en el eje Y
tenemos el siguiente grfico:
aapt
aBt aB2t
aBn
aB2n
acor
Resolvemos los valores de las aceleraciones que hasta ahora podemos calcular
teniendo en cuenta primero que la velocidad angular de la barra OB es constante y
que por lo tanto su aceleracin tangencial es 0
acor=1702 mm/s2
aBn=6250 mm/s2
aBt= 0
aB2t=
cos (22.619) = 2
+
cos(22.619) = 2
2 = 6250 cos(22.619) 1702
2 = 4067.26 /2
de donde
=2
650 =
4067.26
650= 6.257
2
aapt
aBt
aB2t
aBn
aB2n
acor
22.619=
2. El actuador hidrulico BC rota en sentido horario a una velocidad y aceleracin angular de 2 rad/s y 1.6 rad/s2. Cuando el ngulo = 20. Cul es la aceleracin del punto D y la aceleracin aparente?
Para hallar la solucin iniciamos calculando la longitud de BC, sta la hallamos por ley del coseno de la siguiente forma:
= + ()
As reemplazando cada magnitud obtenemos
= + ()
= .
Utilizamos la magnitud de BC hallada anteriormente para calcular el ngulo que falta por medio de la ley del seno de la siguiente forma
()=
()
()=
.
()
De donde
= ( ()
. ) = .
CALCULO DE LAS VELOCIDADES.
2.1. Iniciaremos con el elemento causante de movimiento que en este caso es el actuador hidrulico BC
Tenemos los datos dados en el enunciado para el actuador hidrulico BC y en sentido horario una velocidad angular de 2 rad/s y una aceleracin angular de 1.6 rad/s2
= .
=
Ahora obtenemos Vc1
=
= .
= .
.
Con solo el anlisis del cilindro hidrulico BC no podemos calcular la velocidad aparente, por lo que se hace necesario revisar los dems elementos que afectan al movimiento directamente
2.2. Anlisis para el elemento AC
Analizar este grafico por si solo dice muy poco de la solucin del problema, pero cuando se observa teniendo en cuenta las velocidades que hemos analizado anteriormente y las unimos todas en un solo sistema, obtenemos en triangulo de velocidades de la siguiente forma:
Ahora conociendo la magnitud de Vc1, calculamos utilizando las funciones trigonomtricas los valores de las velocidades que desconocamos
Calculamos la velocidad aparente con el siguiente procedimiento:
(. ) =
= (. )
= (. ) .
= .
Y por ltimo solo nos falta calcular la velocidad de Vc2:
=
+
= +
= . + .
= .
2.3. Ahora por definicin podemos calcular la velocidad angular de la barra ACD con la con la velocidad Vc2 ya que esta esta perpendicular a dicha barra y esta aplicada en el punto C.
A continuacin obtenemos:
=
=
=
=.
= .
2.4. Obtencin de las aceleraciones
ac1t
ac2t
ac2n
ac1n
aapt
acor
Para facilitar los clculos acudiremos a la rotacin de ejes para obtener la siguiente
configuracin en las aceleraciones:
= .
Escribimos las magnitudes de las aceleraciones normales y tangenciales conocidas o que hasta ahora podemos calcular.
Para las aceleraciones normales usamos la ecuacin modelo
=
=
=
(.)/
= . /
=
(.)/
.= . /
= =
.
. = . /
= =
. / = . /
ac1n
aapt
ac2n
ac2t
ac1t acor
Ecuacin de Aceleraciones:
+
= +
+ +
Vemos que la sumatoria de las magnitudes de la aceleracin en el eje X nos proporciona el valor de Vc2t, lo que nos lleva a escribir la siguiente ecuacin:
() +
() = +
. (. ) + (. ) = . + .
=
. + . + . (. )
(. )
= .
Este valor abre camino hacia el clculo de la aceleracin angular del elemento ACD
=
=
=.
= .
Podemos calcular a continuacin la aceleracin aparente con la sumatoria de las magnitudes de la aceleracin en el eje Y de la siguiente forma:
()
() =
()
. (. ) + . (. ) = . +
= . (. ) + . (. ) .
= .
2.5. Hallar los valores en el punto pedido
Teniendo ya la velocidad y la aceleracin angulares del elemento, procedemos a hacer los clculos para el punto pedido D
En la aceleracin normal tenemos:
=
= .
= .
Para la aceleracin tangencial tenemos:
=
= .
= .
La magnitud de la aceleracin total en el punto D la hallamos as:
= () + (
)
= (. ) + (. )
= .
3. El cilindro hidrulico extiende su vstago y rota en sentido antihorario, con una velocidad y aceleracin angular de 2.7 rad/s y 0.97 rad/s2 respectivamente en la posicin mostrada determine: la velocidad, aceleracin de la plataforma donde se encuentra el automvil y la aceleracin aparente. L = 2.3 m, b = 0.9 m y = 30
Solucin:
Datos:
= 2.7
= 0.97
2
= 2.3
= 0.9
= 30
Diagrama:
DCL 1: Movimiento Plano General
2 = 2 + 2 2 cos = 2 + 2 2 cos
= (0,9)2 + (2,3)2 2(0,9)(2,3) cos 30 = 0,81 + 5,29 4,14 cos 30 =
2,5147
= , ,
=
13 = 2,7
1,6 = ,
,
DCL2: Movimiento Rotacin Pura
2 = 2 + 2 2 cos 2 cos = 2 + 2 2
=(2) + (2) (2)
2 = cos1
(2) + (2) (2)
2
= cos1(2,32) + (1,62) (0,92)
2 (2,3)(1,6) = cos1
(5,29) + (2,56) (0,81)
7,36
= cos1 (7,85) (0,81)
7,36 = cos1
7,04
7,36
= ,
Tringulo de velocidades:
= 180 (90 + 47)
= 180 (137)
=
sin( 47)
=13
sin(43) =
4,3 sin 47
sin 43
= , /
23sin( 90)
=13
sin(43) 23 =
4,3 sin 90
sin 43
= , /
= 13 + 23 +
+
= 13 + 13
+ 23 + 23
+
=0:
1. 0 = 23 cos(47) 23
sin(47) 13
23 =
232
23=
(6,3)2
0,9=
39,69
0,9
= , /
13 = 13 . 13 = (0,97)(1,6)
= , , /
= 2 . 13 = (2)(4,6)(2,7) = , /
Reemplazamos en 1. Todos los valores encontrados anteriormente y hallamos el valor de 23 .
0 = 23 cos(47) 44,1 sin(47) 1,6 24,8
0 = 23 cos(47) 32,2 1,6 24,8
0 = 23 cos(47) 58,6
23 cos(47) = 58,6
23 =
58,6
0,7
= , /
Ahora hallamos la aceleracin angular de 2-3, para luego encontrar la aceleracin tangencial de 2-4.
23 = 23
23 =
83,7
0,9 = /
=
24 = 24 . 24 = (93)(1,8)
= , /
23 = 23 . 23 23 =2323
=6,3
0,9
= /
=
24 = 24 . 24 = (7)(1,8)
= , /
24 = (24 )2 + (24
)2
24 =
242
24 =
(12,6)2
1,8 24
= 158,8
1,8
= , /
24 = (88,2)2 + (167,4)2 = 7779,2 + 28022,8 = 35802
= , /
4. Los extremos A y B de las barras articuladas estn controlados por el
movimiento vertical de los vstagos de los mbolos de los cilindros
hidrulicos. Durante un corto intervalo del movimiento, A posee una velocidad
ascendente de 3 m/s y C una descendente de 2 m/s. Hallar la velocidad de
B en instante en que y=150mm.
Solucin:
Datos:
= 3/
= 2/
= 150
Diagrama:
DCL 1. M. T. P. DCL 2. M.T.P.
= tan1200
150
= ,
= tan1150
200
= ,
= 2 + 2 = (150)2 + (200)2
= 22500 + 40000 = 62500
= 250
Si un tringulo tiene todos sus lados iguales, entonces todos los ngulos tambin son iguales.
= 180 60 = 180 53,13 60
= ,
= 180 60 = 180 60 36, 87
= ,
= 90 = 90 66,87
= ,
DCL 3. M.P.G.
DCL 4. M.P.G.
= + / = + /
+ / = + /
+ sin 60
= /
sin 96,87
/ = + sin 96,87
sin 60=
5 sin 96,87
sin 60
/ = , /
= (/)2 + 2 2/ cos 23,13
= (5,73)2 + (3)2 (2)(5,73)(3) cos 23,13
= 3,197 /
5. Se representan los rganos de una sierra de arco. La hoja esa montada en
un bastidor en forma de arco que se desliza por la gua horizontal. Si el motor
hace que el volante gire constantemente a 60 rpm en sentido antihorario,
hallar la aceleracin de la hoja para la posicin en que = 90 y la
correspondiente aceleracin angular de la biela AB.
SOLUCION
B 100 mm
450 mm
VA 100mm
A VB
V A/B
Datos
WOB = 60 rpm
Para comenzar primero convertimos la velocidad angular de OB a radianes por
segundo, de la siguiente manera:
60 2
60 = 6,28 /
Ahora que tenemos nuestra velocidad angular en radianes por segundo
procedemos a calcular la velocidad de B:
VB = WOB x rOB
VB = (6,28 rad/s) x (0,1 m)
VB= 0,628 m/s
Despus de haber calculado la velocidad de B, pasamos a calcular los ngulos
que forma la barra OB.
0,450 m
O,100 m
= sin1(0,100
0,450)
= 12,84 = 180-90-12,84 = 77,16
Con los ngulos calculados podemos proceder a hacer nuestra ecuacin de
velocidades con sus respectivas direcciones:
= + /
Para hallar el ngulo que forma la velocidad relativa de A/B tenemos que:
Teniendo en cuenta el diagrama de los ngulos vemos que nuestra velocidad VA/B
esta formando un ngulo con la vertical de y con la horizontal de , si se
preguntaran que ngulo escoger, la respuesta es muy fcil cualquiera de los dos le
servir. Yo voy a escoger el ngulo que forma con la vertical que es .
Ahora que tenemos las direcciones y ngulos de las velocidades podemos hacer
nuestro triangulo de velocidades:
VB VA/B
VA
Teniendo nuestro triangulo de velocidades podemos calcular las velocidades que
no conocemos como, VA y VB/A. Estas velocidades las podemos hallar utilizando
la ley del seno de la siguiente manera:
sin =
sin
= (0,628 sin 12,84)
sin 77,16
= 0,143 /
/
sin 90=
sin
/ = (0,628 sin 90)
sin 77,16
= 0,644
Ahora que tenemos todas las velocidades procedemos a hallar las aceleraciones
de cada velocidad:
Nota: Como el punto A esta en traslacin pura este solamente va a tener una sola
aceleracin.
= + /
aA = aB + aB + aA/B + aA/B
Al leer el ejercicio podemos observar que la velocidad angular de OB es constante,
esto quiere decir que la aceleracin tangencial es cero, ya que si la velocidad
angular es constante, la derivada de esta viene siendo la aceleracin angular, y
como la derivada de una constante es cero, esta aceleracin angular tiende a ser
cero y si esta es cero la aceleracin tangencial tambin es cero debido a la siguiente
frmula:
=
Continuando con nuestro ejercicio tenemos que el ngulo que forma la aceleracin
tangencial A/B va a ser el mismo de la velocidad relativa A/B ya que estas dos van
en la misma direccin, para saber que ngulo forma la aceleracin normal, nos
devolvemos al diagrama de los ngulos y miramos en que direccin va esta
aceleracin.
Teniendo las direcciones y ngulos de las aceleraciones podemos proceder hacer
el diagrama de aceleraciones:
y
aA/B
aA x
aB
aA/B
Teniendo en cuenta nuestro diagrama de aceleraciones nos damos cuenta que las
aceleraciones que no tenemos estn ubicadas en diferentes coordenadas, esto
quiere decir que podemos calcular las aceleraciones sin ningn problema y sin tener
que hacer rotacin de eje.
Comenzamos calculando las aceleraciones normales:
=
= (0,628)
0,100
= 3,94 /
= ( )
= (0,644)
0,45
= 0,92 /
Ahora que ya calculamos las aceleraciones normales solamente nos queda
calcular las aceleraciones que nos pide el ejercicio, como la tangencial de A y la
tangencial de A/B ya que con esta ultima vamos hallar la aceleracin angular de la
barra.
Para comenzar hacemos sumatoria de aceleraciones en Y para poder eliminar la
tangencial de A y as poder calcular la aceleracin tangencial de A/B.
ay = 0
0 = sin
cos
Despejando a A/B tenemos:
= sin
cos
=( 0,92 sin 12,84 )
cos 12,84
= 0,21 /
Teniendo esta aceleracin podemos proceder a calcular la aceleracin angular de
la barra AB.
=
= 0,21
0,45
= 0,467 /
Ya tenemos nuestra primera respuesta, para calcular la otra aceleracin que nos
piden debemos hacer sumatoria de aceleraciones en X, de la siguiente manera:
ax = 0
= + sin +
cos
= (3,94) (0,21 sin 12,84) (0,92 cos 12,84)
= 4,88 /
6. Un mecanismo intermitente para arrastre de cinta perforadora consiste en la
pieza DAB accionada por la manivela OB. La lnea de trazos representa la
trayectoria de la ua D. Hallar la aceleracin de sta en el instante
representado, en que OB y CA estn ambos horizontales, si OB tiene una
velocidad de rotacin horaria constante de 120 rpm.
SOLUCION:
Se comienza el ejercicio convirtiendo la velocidad del cuerpo OB de rpm a rad/s.
Cuerpo Rgido 1 (barra OB): rotacin pura.
=(120/min ) (2)
60= 4/
Procedemos a calcular la velocidad del punto B:
= = (50) (4
) = 200/
Adems de esto se sabe que: = 0 debido a que es constante. De una vez calculamos la aceleracin normal de B.
=
= (2)
= 7895,68/2
Procedemos ahora con el cuerpo rgido nmero 2 (barra CA), dicho cuerpo esta en
rotacin pura:
= = 200/
= =
=200
125 = 5,03/
Adems de eso: = 2 = 3158,27/
Continuando con el ejercicio podemos notar que la barra OB y la barra AB, forman
un triangulo rectngulo OBA:
2002 = 502 + 2 ( )
= 2002 502 = 193,65
Ahora procedemos a hallar los respectivos ngulos:
= sin193,65
200 = 75,52
= cos50
200 = 14,48
Y 200mm
50mm
El ultimo elemento por analizar es el cuerpo rgido numero 3 (barra BA), dicho
cuerpo se encuentra en movimiento plano general, pero, el cuerpo experimenta
traslacin en ese instante (Cuando los cuerpos OB y CA estn en posicin
horizontal). Debido a eso:
= + /
Y
= + /
Esta a su vez se descompone en sus componentes tangenciales y normales.
+
=
+
+
/ +
/
La es cero debido a que la aceleracin angular es constante.
La / es cero porque es cero
Ya con nuestro diagrama de aceleraciones, se procede a calcular / y
.
:
=
/ sin(75,52)
3158,27 = 7895,68 / sin(75,62)
/ = 4892,83/2
Y
:
=
/ cos(75,62)
= 1223,41/2
Se nos pregunta por la aceleracin de la ua D as que debemos analizar
nuevamente el cuerpo rgido numero 3, pero esta vez teniendo en cuenta la
distancia de B hasta D.
= + /
= + /
Entonces:
/ = / /
/ =/
/ = 4892,83 200 = 24,46/
2
Por lo tanto
/ = / / = 24,46 300 = 7339,25/2
+
=
+
/
:
=
/ cos(75,52)
= 1834,82/2
:
=
/ sin(75,52)
= 7895,68 7338 sin(75,52)
= 789,56/2
= (2) + (
2)
= 1997,53/2
7. En la figura se representa una instalacin de una bombeo para la extraccin
de petrleo. La varilla flexible D de la bomba est sujeta al sector en E y
penetra siempre vertical por el canal gua situado bajo D. la biela AB hace
que oscile la viga BCE cuando rota el cigeal OA descompensado. Si este
gira en sentido horario dando una vuelta cada tres segundos, hallar la
aceleracin de la varilla D de la bomba cuando la viga y el cigeal se
encuentra en la posicin horizontal como se ilustra en la figura.
Hallamos la velocidad W de la barra OA con los datos dados en el enunciado
WOA=1
3
2
1 =
2
8
= .
Luego pasamos a analizar cada uno de los cuerpos rigidos a utilizar para la
resolucin del problema
Para el cuerpo rigido3 se toma en cuenta el punto B-C el cual formamos un
tringulo recto y utilizamos la hipotenusa de dicho triangulo para designar el
cuerpo para as facilitar los clculos.
Cuerpo Rgido 1 Rotacin Pura Cuerpo Rgido 2 Plano General
VA
VB
Cuerpo Rgido 3Rotacion Pura
VB
B
C
Para el cuerpo Rigido 2 VB
= Tan-1 (2.85/0.6)= 78.11
= 90-78.11= 11.89
a 0.9m VA/B = 0.62 + 2.852 = 2.41
VA 1.95 m 2.85
0.6 m
Para el cuerpo Rgido 3
VB
= Tan-1 (0.9/3)= 16.69
b = 90-16.69= 73.30
0.9m = 0.92 + 32 = 3.13
W V
VA
3m
VB = VA + VB/A VB
Realizamos el triangulo de velocidades con las VB(A
Direcciones de halladas, de dichas velocidades.
Hallamos los valores de
VB/A las velocidades con la ley de
Seno.
VA 1) VB
=
VA
VB
78.11=
VA
85.19
VB VA= WOA x rOA
= 180 - 78.11 - 16.7 VA= 2.1*0.6= 1.26 m/s
= 85.19 VB= (1.26)(sen 78.11)
85.19
VB= 1.23 m/s
2) VB/A
=
VA
VB/A
16.7=
1.26
85.19
VB/A=1.26(sen16.7)
85.19
VB/A= 0.36 m/s
Acelaraciones:
VB = VA + VB/A
aB= aA + aB/A 0 porque la velocidad es cte.
+
= +
+ B/A
+ B/A
=
2
=
1.232
3.13= . /
=
2
=
1.262
0.6= . /
/ =
/2
=
0.362
2.91= . /
Y
X
90-
B/A
Rotacin de Eje
B/A
,
sen4.81 +
cos4.81= sen11.89 B/A
=
sen11.89 +
sen4.81 B/A
cos 4.81
=
2.65 sen11.89 + 0.48sen4.81 0.04
cos 4.81
= . /
8. En el mecanismo que se muestra, el eslabon OA gira a una velocidad angular
constante de 7 rad/s, para el instante mostrado determine la velocidad y
aceleracin angular de la barra BD, si le falta algn dato asumalo pero
justifquelo.
Solucin
WOA= 7 constante
Para el instante mostrado
B/A = ?
B/A = ? OA = OA OA
OA = 7 0.5 = 3.5
Cuerpo Rgido 2: MRP
Cuerpo Rgido 1: MRP = =
Analizamos los dos cuerpos juntos con los puntos OAB.
Justificacin
Asumimos que el lado adyacente al angulo es menor que el radio ya que cualquier lnea
intersecada con el eje X de cualquier punto de la circunferencia ser menor la distancia del punto O
a la interseccin que el radio, solo podr ser igual al radio cuando esa lnea sea paralela al radio es
decir el mismo radio por lo tanto el lado a del primer triangulo se tomar 0.45, es decir 0.45
0.5m
= 25.84 R2 = 0.252 + 0.52 2(0.25)(0.5)cos115.84
R2 = 0.4215
R= 0.6492
R
0.25m
= 90-25.84= 115.84
3 A
0.6492m 0.2174
0.25
B
C
= Sen-1 (0.4679/0.6492)= 46.11
C = 0.4679
tan 46.11=0.4498
= 90-46.11= 43.88
ya analizado estos, realizaos el respectivo triangul de velocidades
V
20.27=
V1sen90
Vap= V1(sen 20.27)
90
= 1.21 m/s
V2
69.73=
1
sen90
V2= V1(sen 69.73)
90
= 3.28m/s
VA2= WBA x rBA
WBA= 2
=
3.28
0.6492
WBA = 5.1 rad/s Velocidad Angular de la barra BD
Ya teniendo calculado todas las velocidades, calculamos ahora las respectivas aceleraciones
VA1 = VA2 + Vap
aA1 = aA2 + aap + acor
1
+ 2 = 2
+ 2
+ ap
+
+ cor
1 = 0;
= 0;
Porque su velocidad porque la ranura
Angular es constante. es recta.
cor
2
1
2
1 =
2
=
3.52
0.5= . /
2 =
2
=
3.282
0.6492= . /
cor = 2
cor = 2(1.21) 5.1
cor = 12.34 /
Rotacion de eje:
cor
1 2
2
,
1 sen20.27 = 2
+ cor
1 sen20.27 cor=2
2 = 24.5sen20.27 12.34
2 = 2.18 m/ s2
= . /
2 =
=2
=
2.18/2
0.6492
= . / Aceleracion angular de la barra BD
9. En el mecanismo mostrado en la figura la manivela 2 gira con una velocidad
angular constante de 5 rad/s en sentido horario. Determine la aceleracin
angular del balancn 3.
10. La banda flexible f sujeta al sector en E recibe una velocidad constante de 4
m /s, tal como se muestra. Hallar la aceleracin angular de BD en el instante
en que BD est perpendicular a OA.
11. La velocidad angular de la pala excavadora que se muestra en la figura es
0,25 rad/s en sentido contrario de las manecillas del reloj y su aceleracin
angular es 0,7 rad/s2 Determine a razn a la que se retrae el actuador
hidrulico BC, su aceleracin angular y la aceleracin relativa, en la posicin
que se ilustra la retroexcavadora.
12. Se ilustra un mecanismo de empuje de cajas de pequeo tamao desde una
lnea de montaje a una cinta transportadora en la posicin en que estn
verticales al brazo OD y la manivela CB. sta gira en sentido horario a una
velocidad constante de una vuelta cada dos segundos. Para la posicin de la
figura, hallar con qu celeridad est siendo empujada la caja hacia la cinta
transportadora.
SOLUCIN:
= 1 2
2= 3,1416
Cuerpo rgido numero 1: Rotacin Pura
= = 157.08
Cuerpo Rgido numero 2: Rotacin Pura
= 1 (200
223,61) = 63,43
= 90 = 26,57
Cuerpo rgido nmero 3: Plano General
= + /
= 1 (50
300) = 9,46
= 90 = 80,45
sin (99.46)
=
sin (53,97)
= 191,60
Ahora tenemos que
=
=191,60
223,61 = 0,857
Entonces la velocidad de D ser:
= = 514,11
Cuerpo Rgido Numero 4: Traslacin Pura
= 1 (200
346.41)
= 30
=
= 514,11
13. La cruz de Malta es un mecanismo destinado a producir una rotacin
intermitente. La clavija P montada en el plato motor A, del que es solidaria la
placa B, penetra en las ranuras radiales de la cruz C y hace que esta d un
cuarto de vuelta por cada vuelta de la clavija. En la posicin representada es
= 45. Para una velocidad angular horaria constante 1 = 2 rad/s del plato
motor A, hallar la correspondiente velocidad angular antihoraria 2 = de la
cruz C y la aceleracin angular en = 37. (Obsrvese que durante cada
acoplo el movimiento est regido por la geometra del triangulo o1o2p de
ngulo variable.)
SOLUCIN:
Iniciamos graficando el tringulo presentado en la figura a partir del mecanismo
para observar ms claramente cmo actan las velocidades y en qu sentido
De la formula general para la velocidad relativa obtenemos que:
Conociendo los ngulos en los
que actan las velocidades
podemos ahora construir el
tringulo de velocidades para
as obtener la velocidad
aparente:
V ap = V a/c
Va = Vc + Va/c
Sabiendo que la velocidad en A
ser igual a:
= 1
= 2
200 2
= 565, 68
Ahora aplicamos ley de senos y
obtenemos que:
sin 90=
sin 16
De aqu despejamos la velocidad
en c que ser entonces:
= 16
sin 90= 155.92
Aplicando nuevamente ley de senos podemos calcular el valor de la velocidad
aparente:
/
sin 74=
sin 90
Depejamos la velocidad aparente y nos queda que:
/ = sin 74
sin 90= 543.78
Ahora a partir de la velocidad aparente Va/c podemos calcular la velocidad angular
si dividimos Va/c entre el radio Rc
=
= 1,92
= + / +
+ = + + / + / +
Sabiendo que la aceleracion tangencial en A y la aceleracion normal aparente son
0 calculamos las dems aceleraciones.
=
2
=
565,62
2002= 1131.43 2
=
2
=
155.432
2002= 85.96 2
= 2 () = 2(543.78)(1.92) = 2090.21
Realizamos sumatoria de aceleraciones en el eje x
= (20) +
1131.43(cos 20) = +
1131.43(cos 20) = + 2090.21
3154.08 =
Ahora conociendo la aceleracin tangencial en c podemos hallar la respectiva
aceleracin angular
=
3154.08
2002=
= 11.15 2
Y por ltimo calculamos la velocidad angular 2
= 2
2 =
=155.92
2002= 0.5512
A
C
14. El actuador hidrulico BC de la gra se extiende (aumenta su longitud,
velocidad aparente) A una razn constante de 3 m/s y rota a una velocidad
angular en sentido anti horario. En el instante mostrado, cual es la
aceleracin angular del aguiln AD y la barra BC de la gra.
Solucin:
El primer paso para realizar un ejercicio, es hacer el Diagrama de Cuerpo
Libre, porque con el identificamos las velocidades, aceleraciones y el sentido
de giro o movimiento.
1. D.C.L.
Para BC
Para AC
B
C
Antes de hallar las velocidades debemos conocer algunos ngulos y distancias que
nos permitirn realizar los clculos para hallar velocidades.
Para esto usamos teorema de Pitgoras, (en este ejercicio, puesto que se puede
utilizar otros mtodos como ley del seno o coseno)
Para AC: Para BC:
=1,4
3
= 1(0,47) = 25
= 1,42 + 32
= 3,31
=2,4
1,2
= 1 (2,4
1,2)
= 63,4
= 2,42 + 1,22
= 2,68
Luego procedemos a hallar las velocidades haciendo uso de la frmula de
movimiento relativo: = + donde:
Vnr = velocidad del cuerpo que no est rotando. (VAC)
Vr = velocidad del cuerpo que est rotando. (VBC)
Vapa = velocidad aparente. (Vapa)
= +
3m
1,4m
1,2m
2,4m
Con la ayuda de un tringulo de velocidades y la ley del seno, procedemos a hallar
las velocidades. Conociendo de antemano los valores de , y Vapa.
= 38,4
= 51,6
Vapa = 3m/s
Aplicando la ley del seno, tenemos:
90
=
=90
38,4 3
= 4,83
=
=51,6
38,4 3
= 3,78
y
x
Tringulo de Velocidades
Como anteriormente hallamos las distancia de A a C y de B a C, en esta parte son
de gran importancia para poder hallar las velocidades angulares () puesto que
sabemos que = Velocidad /Radio. (en esta parte esas distancian son nuestros
radios AC y BC).
Procedemos:
= = 4,83 3,31 = 1,461
= = 3,78 2,68 = 1,411
Ahora tenemos que hallar las aceleraciones, para esto usamos una ecuacin que
es parecida a la que usamos para hallar las velocidades, solo que ahora hay que
tener en cuenta que en el cuerpo que est rotando acta una aceleracin llamada
aceleracin de Coriolis. Esta ecuacin quedara as:
= + + Donde:
= Aceleracin del cuerpo de no esta rotando () = Aceleracin del cuerpo que est rotando () = Aceleracin aparente del cuerpo que rota ()
= Aceleracin de Coriolis = 2 Y esta ecuacin quedara de la siguiente manera:
= + +
Ahora descomponemos estas aceleraciones en normales y tangenciales as:
+
= +
+
+ Como en el enunciado del ejercicio se aclara que la velocidad es constante, por tal
motivo la aceleracin aparente es cero, es decir aceleracin normal y tangencial
igual a cero.
+
= +
+ (*)
En esta parte es sencillo hallar las aceleraciones normales y la aceleracin de
coriolis, puesto que sabemos que:
= 2
=2
Y tenemos ya: =3
; = 1,411 para la aceleracin de coriolis, y
= 4,83 , = 3,78 , = 3,31 y = 2,68 , para las aceleraciones normales.
Procedemos as a hallarlas:
= 2 3
1,411
= 8,46 2
=
(4,83 )2
3,31
= 7,05 2
=
(3,78 )2
2,68
= 5,33 2
Ahora solo nos quedan dos incgnitas, las aceleraciones tangenciales AC y BC las
cuales no son tan sencillas de hallar, puesto que sabemos que = y =aceleracin angular. Por tal motivo recurrimos al diagrama de aceleraciones:
y
x
Diagrama de Aceleraciones
En este diagrama ubicamos todas las aceleraciones que hacen parte de la ecuacin
en la direccin que le corresponde, observamos que si giramos el plano X,Y 25
respecto al eje Y, y trazamos un plano X, Y , solo nos quedara una incgnita por
resolver que sera .
38,4
38,4
Diagrama de Aceleraciones plano girado
25
En este plano X,Y, se aprecia con mayor facilidad las aceleraciones y se puede
descomponer cada una en sus componentes y usando la misma ecuacin de
aceleraciones (*), tanto para las componentes de aceleraciones en X y
componentes de aceleraciones en Y . Procedemos as a hallar estas incgnitas:
En X :
=
38,4 38,4 38,4
=
38,4 38,4 38,4
= 7,05 5,33 38,4 8,46 38,4 38,4
= 3,89 2
En Y :
=
38,4 38,4 + 38,4
= 3,89 38,4 5,33 38,4 + 8,46 38,4
= 0,3 2
Por ultimo hallamos las aceleraciones angulares del aguiln AD y la barra BC de la
gra como lo piden al inicio del ejercicio.
Sabemos que = y =aceleracin angular, entonces solo despejamos y obtenemos las aceleraciones angulares en AD y BC, as:
=0,3 2
3,31
= 0,09 2
=3,89 2
2,68
= 1,45 2