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clase de interacción de la materia, tarea de Turner capítulo 2
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Instituto Politecnico Nacional
Escuela Superior de Fısica y Matematicas
Tarea #2: Asignada el 20 de abril
Interaccion de la Radiacion con la Materia
Profesor Dr. Carlos Filio Lopez
Semestre A15
Guillermo Ibarra Reyes
20 de abril de 2015
Guillermo Ibarra Tarea #2: 20 de abril Problema 1
Turner Capıtulo 3
Problema 1
Gallium occurs with two natural isotopes, 69Ga (60.2% abundante) and 71Ga (39.8% abundante),having atomic weights 68.93 and 70.92. What is the atomic weight of the element?
Solucion
El peso atomico del elemento se define como la suma de los isotpos multiplicados por su abun-dancia, de tal manera que:
M(Ga) = M(69Ga)× γ69Ga +M(71Ga)× γ71Ga
= 68.93× 0.602 + 70.92× 0.398 = 69.72202
Problema 2
The atomic weight of lithium is 6.941. It has two natural isotopes, 6Li and 6Li, with atomic weightsof 6.015 and 7.016. What are the relative abundances of the two isotopes?
Solucion
Las ecuaciones principales para este caso son las siguientes:
MLi = M6Li × γ6Li +M7Li × γ7Li (1)
Ademas se debe cumplir la relacion:γ6Li + γ7Li = 1 (2)
Ecuacion 2 se puede expresar como:γ7Li = 1− γ6Li
Sustituyendo en 1:
MLi = M6Li × γ6Li +M7Li × γ7Li
= M6Li × γ6Li +M7Li × (1− γ6Li)
= M7Li + γ6Li(M6Li −M7Li)
Por lo tanto:
γ6Li =MLi −M7Li
M6Li −M7Li
=6.941− 7.016
6.015− 7.016= 0.0749
Entonces, 6Li = 7.49% de abundancia y 7Li = 92.51% de abundancia.
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Guillermo Ibarra Tarea #2: 20 de abril Problema 3
Problema 3
What minimum energy would an alpha particle need in order to react with a 238U nucleus?
Solucion
Para reaccionar con un nucleo de 238U la partıcula alfa debe tener la suficiente energıa para vencerla barrera Columbiana:
PE =k0Ze
2
r(3)
donde:r = rHe + rU
Para cualquier radiorA = 1.3A1/3 × 10−15 m
de tal manera que:
r = 1.3(A
1/3He +A
1/3U
)× 10−15 = 1.01199× 10−14 m
Sustituyendo en 3 y las constantes de k0 y e:
PE =
(8.98755× 109
)N ·m2
C2 · 92(1.60× 10−19C
)21.01199× 10−14 m
= 2.09166× 10−12 N · m× 1 J
1 N · m× 1 MeV
1.602× 10−13 J
= 13.0566MeV
proton
= 26.1132 MeV
Problema 4
Calculate the energy released when a thermal neutron is absorbed by deuterium
Solucion
La reaccion que se lleva a cabo es:10n+ 2
1H → 31H + γ
Utilizando las diferencias de masa ∆ del apendice D, la Q se expresa como:
Q = ∆n+ ∆H2 −∆H3
= 8.0714 + 13.1359− 14.95
= 6.2573 MeV
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Guillermo Ibarra Tarea #2: 20 de abril Problema 5
Problema 5
Calculate the total binding energy of the alpha particle
Solucion
La masa de una partıcula alfa es 4.00153 u. La masa de las partes de la partcula (2 n + 2 p)es 4.03188 u. Por lo tanto:
BE = ∆u · c2 · 931.494MeV
u · c2
= (4.03188− 4.00153)u · c2 · 931.494MeV
u · c2= 28.2708 MeV
Problema 6
Howmuch energy is released when a 6Li atom absorbs a thermal neutron in the reaction 6Li(n, α)31H?
Solucion
La reaccion que se lleva a cabo es:63Li + 1
0n→ 31H + α
El valor de ∆ para la partıcula se expresar como:
∆α = (4.00153− 4) · 931.494 = 1.4252 MeV
Por lo tanto
Q = ∆Li6 + ∆n−∆α−∆H3
= 14.907 + 8.0715− 1.4252− 14.95
= 6.6032 MeV
Problema 7
What is the mass of a 6Li atom in grams
Solucion
Por definicion 1 u = 1.66× 10−24 g. Entonces los grams por atomo de 6Li son:
6.0151 u× 1.66× 10−24 g
1 u= 9.9851× 10−12 g
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Guillermo Ibarra Tarea #2: 20 de abril Problema 8
Problema 8
Calculate the average binding energy per nucleon for the nuclide 4019K.
Solucion
La diferencia de masa se calcula como:
∆u = Z · 11H + (A− Z) · n−AZX= 19(1.007825) + 21(1.00866)− 39.963998
= 0.366537 u
Por lo tanto:
BE = ∆u · c2 · 931.494MeV
u · c2
= (0.366537)u · c2 · 931.494MeV
u · c2= 341.427 MeV
Entonces:
BE/nucleon = BEA = 341.427 MeV
40 = 8.5357 MeV
Problema 9
The atomic weight of 40P is 31.973910. What is the value of ∆ in MeV?
Solucion
La diferencia se masa se calcula como:
∆m = (M −A)u · 931.494MeV
u · c2= (31.97391− 32) · 931.494
= 24.3027 MeV
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Guillermo Ibarra Tarea #2: 20 de abril Problema 10
Problema 10
Show that 1 AMU = 1.49 × 10−10 J.
Solucion
1 AMU equivale a 1.66× 10−27 kg. Entonces,
E = mc2
= 1.66× 10−27 kg ·(
2.997925× 108m
s
)2
= 1.49193× 10−10 kg ·m2
s2
Ya que kg·m2
s2 equivale a J, se comprueba el problema.
Problema 11
Calculate the gamma-ray threshold for the reaction 12C(γ, n)11C.
Solucion 1
La energıa emitida Q se presenta como una emision de γ. En este caso la energıa del rayo γdebe ser -Q para la reaccion 12C(γ, n)11C. Por lo tanto:
Eγ = −Q= −
(∆C12 −∆n−∆C11
)= −(0− 8.0714− 10.648)
= 18.7194 MeV
Solucion 2
Considerando el balance de masa,
∆m = m(n) +m(11C
)−m
(12C
)= 1.00866 u+ 10.648 u− 12 u
= −0.34334 u
Lo anterior es la masa que se perdi en forma de energa, por lo tanto:
BE = mc2
= (0.34334 u) c2 × 931.494MeV
u · c2= 319.819 MeV
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Guillermo Ibarra Tarea #2: 20 de abril Problema 12
Problema 12
a) Calculate the energy released by the alpha decay of 22286 Rn.
b) Calculate the energy of the alpha particle.
c) What is the energy of the recoil polonium atom?
Solucion
La reaccion nuclear es la que sigue:
22286 Rn→ 218
84 Rn+ 42He
a) Para la energıa liberada:
Q = ∆22286 Rn−∆218
84 Po−∆42He
= 16.39− 8.34− 2.4248
= 5.6252 MeV
Para los siguientes dos incisos, M representa el numero atomico del nucleo resultante del decaimientoalfa mientras que m es el numero atomico de la partıcula alfa.
b)
Eα =MQ
m+M
=218× 5.6252
4 + 218
= 5.6265 MeV
c)
Erecoil =nQ
m+M
=4× 5.6252
4 + 218
= 0.1014 MeV
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Guillermo Ibarra Tarea #2: 20 de abril Problema 13
Tarea Adicional
Problema 1
Haga las siguientes comprobaciones y/o incisos.
a) 1 g en amu
b) si me = 9.1094× 10−31 kg, compruebe que Ee = 0.511 MeV
c) compruebe la relacion 931.49 MeV/amu
Solucion
a) 1 amu = 1.66× 10−24 g, entonces:
1 g × 1 amu
1.66× 10−24 g= 6.024× 1023 amu
b) Utilizando la ecuacion de Einstein:
Ee = mc2
=(9.1094× 10−31 kg
) (2.997925× 108
m
s
)2
=(8.1871× 10−14 J
)× MeV
1.6022× 10−13 J
= 0.51099MeV
c) 1 amu = 1.66× 10−27 kg, entonces:
Eamu = mc2
=(1.66× 10−27 kg
) (2.997925× 108
m
s
)2
=(1.4919× 10−10 J
)× MeV
1.6022× 10−13 J
= 931.1783MeV
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