Upload
ovidiu-badescu
View
288
Download
19
Embed Size (px)
DESCRIPTION
Revista de matematica a elevilor si profesorilor din Caras-Severin
Citation preview
www.neutr
ino.roSocietatea de Ştiinţe matematice din România
Filiala Caraş-Severin
REVISTA DE MATEMATICĂ
A ELEVILOR ŞI PROFESORILOR
DIN JUDEŢUL CARAŞ-SEVERIN
Nr.14, An V-2006
Editura „Neutrino” Reşiţa, 2006
2
© 2005, Editura „Neutrino” Titlul: Revista de matematică a elevilor şi profesorilor din judeţul Caraş-Severin I.S.S.N. 1584-9767 Colectivul de redacţie:
Dragomir Lucian Bădescu Ovidiu
Stăniloiu Nicolae Şandru Marius Moatăr Lavinia
Pistrilă Ion Dumitru Şuşoi Paul
Gâdea Vasilica Didraga Iacob
Golopenţa Marius
© 2006, Editura „Neutrino” Toate drepturile rezervate Mobil: 0724224400 E-mail: [email protected]
www.neutr
ino.ro
3
CUPRINS Sfaturi…nu neapărat matematice..........................................pag.4
Note, articole
1) Metode de evaluare. Portofoliul……………………….pag. 5
2) Principiul lui Dirichlet……...………………..…...…...pag. 8
Probleme rezolvate din numărul 12 şi 13 al revistei ……..pag.13
Probleme propuse…………………………….………...…..pag.40
Rubrica rezolvitorilor………………………………….…...pag.51
4
Sfaturi…nu neapărat matematice
1) Discută ca şi cum ai încerca să te asiguri pe tine încă o dată că ai dreptate .
2) Şcoala cea bună e aceea în care şi şcolarul îl învaţă
pe profesor.
3) Să înveţi pentru tine, dar să ştii pentru toţi. 4) Pentru întărirea sufletului tău să fii mai
recunoscător celui ce te va nedreptăţi o dată decât celui ce-ţi va da dreptate de o mie de ori.
5) Temniţa cea mai de temut e aceea în care te simţi
bine. 6) Talentul neântrebuinţat e un furt.
7) Un om bun nu e acela care face bine, ci acela care
se bucură că face bine. (Nicolae Iorga)
www.neutr
ino.ro
5
Metode de Evaluare P O R T O F O L I U L
Motto: „Rostul metodelor complementare este acela de a oferi elevilor suficiente şi variate posibilităţi de a demonstra ceea ce ştiu ca ansamblu de cunoştinţe, dar, mai ales, ceea ce pot să facă(priceperi, deprinderi abilităţi)”. Adrian Stoica – Evaluarea curentă şi examenele.
ARGUMENT
Reforma evaluării cuprinde numeroase aspecte, pe care cadrele didactice le cunosc, unul dintre acestea fiind cel al metodelor folosite. Pe lângă metodele tradiţionale de evaluare (probe orale, scrise şi practice) s-a propus şi folosirea unor metode complementare, care , aşa cum indică şi denumirea lor, nu exclud utilizarea în paralel a metodelor cunoscute şi utilizate până acum de cadrele didactice. Metodele complementare de evaluare cel mai des invocate sunt: observarea sistemică a activităţii elevilor, investigaţia, proiectul, portofoliul, autoevaluarea. Bineînţeles că pot fi folosite şi alte metode complementare de evaluare pe care fiecare cadru didactic le consideră utile pentru verificarea optimă a rezultatelor elevilor. Dar, cel puţin trei dintre metodele amintite mai sus – investigaţia, proiectul, portofoliul – oferă elevilor posibilitatea, într-o măsură mai mare decât metodele tradiţionale, să-şi pună în valoare diferitele achiziţii şcolare cu caracter acţional, cum ar fi: deprinderile, priceperile, capacităţile şi abilităţile practice. Aceste metode pot fi, în acelaşi timp, oportunităţi pentru formarea unor deprinderi şi capacităţi de investigare independentă sau în grup a diferitelor probleme ale realităţii, pot conduce la formarea unor trăsături psihomorale, cum ar fi: independenţa, responsabilitatea şi perseverenţa. De asemenea, spre deosebire de metodele tradiţionale, elevul este pus în situaţia de a-şi folosi imaginaţia, originalitatea, astfel încât o clasă de elevi poate oferi tot atâtea soluţii câţi elevi se află în clasa respectivă dacă au de realizat o investigaţie sau un portofoliu.
6
Disciplina: MATEMATICĂ Elevii din ciclul gimnazial se află în perioada asimilării celor mai multe noţiuni matematice necesare pe parcursul evoluţiei lor în carieră: calculul algebric şi majoritatea noţiunilor de geometrie elementară. Aceasta este perioada când elevului i se formează deprinderile de calcul, deprinderea de a-şi pune probleme şi a găsi metode ingenioase de rezolvare, perioada când se pun bazele gândirii matematice. Şi tot acum, cei mai mulţi se întreabă sau încearcă să răspundă la o întrebare considerată esenţială: „Cui prodest”! O întrebare, evident artificială, pentru că matematica este ceea ce numim: „un chin dulce” sau „un rău necesar”. Pentru a urmări efortul pe care un elev îl depune în studiul matematicii pe o perioadă mai mare de timp, o metodă de evaluare cu caracter integrator, complex şi flexibil se dovedeşte a fi portofoliul. Este o formă simplă de atragere a elevilor în actul de învăţare, prin caracterul electiv al probelor care îl compun. Scopul: - imediat: furnizarea de date profesorului şi elevului despre capacităţile formate prin operaţionalizarea obiectivelor unui capitol;
- de perspectivă: oferă informaţii utile părinţilor şi altor potenţiali evaluatori ai activităţii elevului (instituţii, comunitate).
Contextul: - problematica promovată, cât şi soluţiile prezentate angajează gândirea elevilor pe direcţii noi şi contribuie la lărgirea cunoaşterii lor în domeniul matematicii în general, şi al geometriei, în special. Conţinutul: - este înscris într-o arie de cerinţe standard;
- este reprezentat de rezultate la probele tradiţionale: teme pentru acasă, notiţe, investigaţii, sarcini de învăţare, chestionar privind interesul elevului pentru matematică;
www.neutr
ino.ro
7
- este selectat de profesor (eventual împreună cu elevul) dintre cele mai bune produse şi cele mai bine realizate activităţi ale acestuia.
Exemplu: GEOMETRIE
CLASA A VII-A Scopul:
- captarea interesului elevilor pentru studiul geometriei; - pregătirea tehnică a rezolvitorilor de probleme; - dezvoltarea imaginaţiei şi a capacităţii lor de analiză-
sinteză şi de creativitate. Contextul:
Problematica promovată, cât şi soluţiile prezentate angajează gândirea elevilor pe direcţii noi şi contribuie la lărgirea cunoaşterii lor în domeniul matematicii în general şi al geometriei, în special. Conţinutul: adaptat temelor, după cum urmează: 1. coliniaritate şi concurenţă; 2. construcţii geometrice; 3. locuri geometrice; 4. probleme extreme; 5. transformări geometrice. Materiale componente: - date obţinute din evaluarea probelor tradiţionale,
rezultatul şi interpretarea lor; - notiţe, calitatea notiţelor; - teme obligatorii, la alegere, suplimentare; - temele enumerate mai sus (probleme deosebite
prezentate de profesor) şi teme de efectuat acasă (selecţii de probleme pe teme date);
- activităţi de cerc, concursuri şi rezultate obţinute; - chestionar privind interesul elevului pentru matematică.
8
Formele de realizare: - Realizarea unei mape a portofoliului, care ar putea
conţine rezultatele a 10 elevi care se oferă voluntar. Mapa poate rămâne în păstrarea profesorului sau la colţul metodic.
- Evaluarea portofoliului se face pentru fiecare element al acestuia, la momentul realizării lui şi se prezintă periodic părinţilor. În unele sisteme de învăţământ rolul portofoliului este de 50% din cuprinsul unei examinări finale. Acesta evită tensiunile pe care unele din metodele tradiţionale de evaluare le-ar putea genera şi evaluează acele abilităţi pe care un examen administrat la nivel naţional nu le poate asigura.
prof. Tudor Deaconu – director Casa Corpului
Didactic Caraş-Severin
Principiul lui Dirichlet
Adriana Dragomir , ( Grup Şcolar Industrial Oţelu – Roşu ) Marioara Radosavlevici ( Şcoala Generală nr. 1 Moldova – Nouă ) Dorim să ilustrăm prin aceste rânduri cum se poate ajunge la rezultate matematice interesante şi valoroase cu foarte puţine cunoştinţe de specialitate . Nu ascundem originea căutărilor noastre : dorinţa unor colegi de a avea probleme la dispoziţie pentru a aborda această temă . Nu ascundem , de asemenea , că există , pentru cei interesaţi şi mai puţin comozi , o vastă bibliografie ce poate fi de ajutor în acest domeniu . Despre ce este vorba ? : Dacă n + 1 obiecte trebuie aşezate în n cutii , atunci există cel puţin o cutie care conţine cel puţin două obiecte . ( Nu ne putem abţine în a remarca frumuseţea sau eleganţa acestui enunţ ;
www.neutr
ino.ro
9
să nu mai vorbim despre aplicaţii ! – mai ales cele care nu dezvăluie iniţial ce ar fi bine de folosit din cunoştinţele noastre matematice . Urmăriţi-ne cu puţină încredere . ) 1 ) În clasa a V a B a şcolii noastre sunt 27 de elevi . Arătaţi că există cel puţin 3 elevi născuţi în aceeaşi lună . Soluţie : Un an are 12 luni ( sau altfel spus , avem 12 cutii ) ; dacă aşezăm câte 2 “obiecte “ ( scuze elevilor ) în fiecare cutie , avem 24122 =⋅ elevi “repartizaţi” – cei trei rămaşi în ce cutie ( adică lună ) îi punem ? Evident , avem o lună în care sunt aşadar născuţi cel puţin trei . Remarcă : Principiul lui Dirichlet se mai numeşte aşadar şi Principiul cutiei sau chiar Principiul porumbelului ( obiectele sunt porumbei şi cutiile – colivii ) ; să revenim : putem gândi problema şi astfel : punem câte un elev în câte o cutie ( lună ) , deci rămân 27 – 12 = 15 elevi ; punem din nou câte unul în fiecare cutie şi tot mai rămân 3 care se vor aşeza în cutiile în care există deja câte doi … porumbei . Există deci cel puţin o lună în care sunt născuţi 3 colegi de clasă . ● 2 ) Arătaţi că oricum am alege o submulţime A de 51 de elemente din mulţimea M ={ 1 , 2 , 3 , … , 100 } , există două numere în A care sunt prime între ele. Soluţie : De la bun început problema pare dificilă ( uşoară nu este ) . Grupăm elementele lui M două câte două : { 1 , 2 } , { 3 , 4 } , … , { 99 , 100 } şi avem astfel 50 de grupe . Oricum am alege atunci 51 de elemente , cel puţin două vor fi în una din grupele anterioare , adică sunt numere consecutive , deci prime între ele . ● 3 ) Arătaţi că oricare ar fi 11 numere naturale distincte , există două printre ele cu diferenţa divizibilă prin 10 . Soluţie : Resturile posibile obţinute prin împărţirea la 10 a unui număr natural sunt : 0 , 1 , 2 , … , 9 , adică sunt în număr de 10 ( avem 10 cutii ) ; având 11 numere , cel puţin două dintre ele, fie ele a şi b vor avea loc în aceeaşi cutie , adică dau acelaşi rest
10
prin împărţirea la 10 : rqa += 10 şi rpb += 10 ⇒ )(10 rqba −=− , de unde concluzia este imediată . ●
4 ) Arătaţi că printre n + 1 numere naturale distincte mai mici decât 2n există trei numere astfel încât unul dintre ele este egal cu suma celorlate două. Soluţie : Considerăm numerele 121 ... +<<< naaa mai mici
decât 2n ⇒ numerele 2111 , aaaa nn −− ++ ,…, nn aa −+1 sunt deasemenea mai mici decât 2n ;
împreună cu cele iniţiale , avem astfel 2n + 1 numere mai mici decât 2n , aşadar cel puţin două sunt egale : unul din cele iniţiale şi unul dintre cele obţinute ca diferenţă , deci : ink aaa −= +1 sau
1+=+ nik aaa . ● 5 ) O grupă de 13 elevi trebuie să reprezinte şcoala lor în competiţii de fotbal , volei , baschet şi atletism . La competiţia de fotbal ar trebui să participe 12 elevi , la cea de volei ar trebui să se prezinte 11 elevi , la cea de baschet 10 elevi , iar la cea de atletism 7 elevi . Dacă se ştie că un elev poate participa la cel mult trei competiţii , este posibil să se formeze echipe pentru toate cele 4 concursuri ? Soluţie : Răspunsul este negativ . Numărul total de elevi pentru fotbal şi volei este 12 + 11 = 23 , deci cel puţin 10 elevi vor participa la cele 2 competiţii ; numărul total de elevi pentru baschet şi atletism este 10 + 7 = 17 , deci cel puţin 4 elevi vor participa la aceste două competiţii . Avem însă 10 + 4 = 14 > 13 , aşadar cel puţin un elev ar trebui să participe la toate cele 4 concursuri , ceea ce nu este admis . ● 6) Demonstraţi că există n ∈ ℕ * astfel încât 19 −n să se dividă cu 13 .
www.neutr
ino.ro
11
Soluţie : Numerele 19,...,19,19 1310 −−− dau , prin împărţirea la 13 , un număr de 14 resturi . Conform principiului nostru ( Dirichlet ) avem astfel că cel puţin două dintre numerele iniţiale sunt egale , fie ele 19 −k şi 19 −i , k , I ∈ { 1,2, … , 13 } ; considerând k > i ,avem că numărul
)19()19(99 −−−=− ikik e divizibil cu 13 ⇒ )19(9 −−iki e divizibil cu 13 . Cum 1)13,9( = deducem că există n
= k – i pentru care 19 −n e multiplu de 13 . ● 7 ) 7 elevi participă la un concurs de perspicacitate cu răspunsuri rapide ; la fiecare răspuns corect se dau 5 puncte , la fiecare răspuns greşit se ia un punct din total ; dacă însă un concurent ajunge la 0 puncte şi răspunde greşit , rămâne cu 0 puncte ( nu i se scad puncte ) . În primul tur , fiecare participant răspunde la câte 6 întrebări . Este adevărat că după primul tur avem doi participanţi cu punctaje egale ? Soluţie : După primul tur , oricare dintre participanţi poate avea unul dintre punctajele următoare : 30 ( dacă a răspuns corect la toate întrebările ) , 24 ( 5 răspunsuri corecte şi unul greşit ) , 18 ( 4 corecte , 2 greşite ) , 12 ( 3 corecte , 3 greşite ) 6 ( 2 corecte , 4 greşite ) , 0 ( 1 corect şi 5 greşite sau toate greşite ) . Avem aşadar 6 punctaje posibile şi 7 elevi ⇒( conform principiului cutiei ) cel puţin doi au acelaşi punctaj . ● 8) În interiorul unui cub de latură 6 se consideră 1001 cuburi unitate cu feţele paralele cu feţele cubului dat . Să se demonstreze că există două cuburi unitate cu proprietatea că centrul unuia se află în interiorul sau pe feţele celuilalt .
12
Soluţie : Împărţim cubul în 123 cubuleţe de latură 21 ; centrele
cuburilor unitate se află la o distanţă cel puţin egală cu 21 faţă de
feţele cubului iniţial , prin urmare ele nu se pot găsi în interioarele
cubuleţelor de latură 21 aflate la “ margine “ ( deci care au o faţă
pe una dintre feţele cubului mare ) . În “interior” se află
1000103 = cubuleţe de latură 21 şi , dintre cele 1001 centre ale
cuburilor unitate , cel puţin două se află în interiorul sau pe feţele unuia . Evident că pentru această pereche de cuburi unitate centrul unuia se află în interiorul sau pe feţele celuilalt . ● Bibliografie : 1 ) D.Brânzei, ş.a. - Pregătirea permanentă a olimpicilor pentru matematică , Editura Paralela 45 , 2005 2 ) A.Ghioca , N.Teodorescu – Matematica în gimnaziu şi liceu , vol.III , SSMR , 1987 3 ) L.Panaitopol , D.Şerbănescu – Probleme de teoria numerelor şi combinatorică ,Editura Gil , 2003 4 ) D.Rakovska , ş.a. – Probleme selectate , Editura Reprograph , 2004
www.neutr
ino.ro
13
Probleme rezolvate din RMCS nr.12 şi 13
V. 007. Scrieţi numărul 2005 ca sumă de numere naturale al căror produs este 2005 . * * * Soluţie: 54011...112005
.1599
+++++=termeni
. ■
V. 008. Determinaţi cel mai mic număr natural care are suma cifrelor egală cu 2005 . * * * Soluţie: Numărul căutat are toate cifrele egale cu 9 , eventual cu excepţia primei sale cifre. Împărţim 2005 la 9 şi avem câtul 222, restul 7. Numărul este astfel
9...222
9...799decifre
V. 009. Produsul vârstelor a trei fraţi exprimate prin numere naturale este 96. Doi fraţi sunt gemeni , cel mare are ochii albaştri , iar tatăl are 29 de ani. Ce vârste au cei trei copii? * * * Soluţie: 52396 ⋅= , deci gemenii au vârstele exprimate prin numere pare . Vârstele pot fi ( 2 , 2, 24 ) - imposibil ( tata are 29 de ani ! ) sau ( 4, 4, 6 ) . ■ V. 010. Suma a 45 de numere naturale impare este 2005 . Arătaţi că cel puţin două dintre aceste numere sunt egale . * * * Soluţie: Dacă numerele ar fi distincte , suma lor ar fi cel puţin egală cu 89...531 ++++=S sau 1...8789 +++=S , de unde
904590...90902 ⋅=+++=S ⇒ 200520254545 >=⋅=S . ■ V. 011. Găsiţi mulţimile A şi B de numere naturale care satisfac proprietăţile : 1 ) A ∪ B are 3 elemente ; 2 ) A ∩ B are un element ;
14
3 ) A ∖ B = { 4 } ; 4 ) x 2 ∈ A dacă şi numai dacă x ∈ B . Adriana Dragomir , Oţelu-Roşu Soluţie: Din (3) şi (4) avem că 4 ∈ A şi 2 ∈ B ; Din (1) şi (2) , ţinând cont şi de (4) , avem imediat : 1 ∈ A ∩ B .Aşadar : A = { 1 , 4 } , B = { 1 , 2 } . ■ V. 012. Se poate obţine numărul 2005 utilizând 10 cifre de 3 , paranteze şi operaţii aritmetice ? * * * Soluţie: Da , de exemplu : 3:)33(33)33(3332005 +−⋅++⋅= . ■ V. 013. Găsiţi trei numere naturale consecutive a căror sumă să fie un număr care se termină în 2005 . Care este cel mai mic triplet care satisface această condiţie ? * * * Soluţie: S = ( n – 1 ) + n + ( n + 1 ) = 3n se divide prin 3n , aşadar pentru 2005...21 kaaaS = avem : kaaa +++ ...21 dă restul 2 la împărţirea cu 3 ⇒ 22005min =S ; numerele căutate sunt : 7334 , 7335 , 7336 . ■ V. 014. Pentru o mulţime M cu trei elemente ( numere naturale nenule ) notăm cu S ( M ) suma elementelor sale . Determinaţi mulţimile A şi B care satisfac proprietăţile : 1 ) Dacă a ∈ A , atunci ( 1 + a ) ∈ B ; 2 ) )(3)(4 BSAS ⋅=⋅ . Adriana Dragomir , Oţelu-Roşu Soluţie : Din condiţia ( 1 ) avem că dacă A = { x , y , z } , atunci B = { 1+ x , 1 + y , 1 + z } şi apoi , din ( 2 ) , avem
)3(3)(4 zyxzyx +++=++ ; ajungem imediat la 9=++ zyx şi apoi la trei posibilităţi pentru A
www.neutr
ino.ro
15
( corespunzător şi B ) : }5,3,1{},6,2,1{ == AA sau }4,3,2{=A . ( Scrieţi în fiecare caz şi B ) . ■ VI. 007. Găsiţi câte numere divizibile cu 2 sau cu 3 , dar nu divizibile cu 6 sunt în mulţimea { 1 , 2 , 3 , … , 2005 } . * * * Soluţie : Numerele divizibile cu 2 : 10022,...,32,22,12 ⋅⋅⋅⋅ ; numere divizibile cu 3 : 6683,...,33,23,13 ⋅⋅⋅⋅ ; numere divizibile cu 6 : 3346,...,36,26,16 ⋅⋅⋅⋅ . Avem astfel 33426681002 ⋅−+ = 1002 numere care satisfac condiţia din enunţ . ■ VI. 008. Determinaţi numerele ab scrise în baza 10 pentru care numărul babaab +++ este pătrat perfect . Adriana Dragomir , Oţelu-Roşu Soluţie : )(34)(12 babababaab +⋅=+=+++ este pătrat perfect
⇒ 23kba =+ , k ∈ ℕ . Deoarece a , b ≤ 9 , avem a + b ≤ 18 şi obţinem doar posibilităţile :
13 ⋅=+ ba şi 43 ⋅=+ ba . Analizând cazurile ce apar ajungem la 9 numere care satisfac enunţul : 12 , 21 , 39 , 93 , 48 , 84 , 57 , 75 , 66 . ■ VI. 009. În câte feluri poate fi scris numărul 2005 ca diferenţă a două numere de câte patru cifre ? * * * Soluţie : ...10013006100030052005 =−=−= = = 79949999 − ; avem astfel 6995110007994 =+− modalităţi . ■ VI. 010. Suma a cinci numere naturale este egală cu 200 . Arătaţi că produsul lor nu poate fi un număr care se termină în 2005. * * * Soluţie: Produsul numerelor ar trebui să fie impar , dar atunci toate numerele ar fi impare şi deci suma lor nu poate fi 200 ( număr par ) . ■
16
VI. 011. Notăm cu S ( n ) suma cifrelor numărului natural n . Găsiţi toate numerele n pentru care n + S ( n ) = 2006 . * * * Soluţie : Numărul n trebuie să aibă 4 cifre , deci abcdn = ; Din 2006101001000 =+++++++ dcbadcba deducem
20062111011001 =+++ dcba . Dacă a = 2 , avem imediat d = 2 . Dacă a = 1 , deducem imediat b = 9 , d = 4 , c = 8. Există deci două numere care satisfac enunţul : 2002 şi 1984 . ■ VI. 012. Dacă { a , b , c } = { - 1 , 0 , 1 } , determinaţi toate numerele naturale n pentru care
)()(2 222 cbancba nnn ++=++ . * * * Soluţie : Evident obţinem ncba nnn =++ )( , de unde
21)1( =⇒=+− nnnn . ■
VI. 013. Arătaţi că numărul 981...
41
31
21
++++=A nu este număr
întreg . * * * Soluţie : E suficient să aducem la acelaşi numitor toate fracţiile şi astfel să le adunăm ; considerând cel mai mare număr prim dintre cele de la numitor , adică 97 , avem că noul numărător e o sumă de 97 de factori , toţi divizibili cu 97 , cu excepţia penultimului , deci fracţia nu poate fi număr întreg . ■ VI. 014. Determinaţi toate perechile ( x , y ) de numere naturale care satisfac : 242 =++ yxx . * * * Soluţie : 24)1( =++ yxx ⇒ y este par ( de ce ? ) ; totodată
2465 >⋅ impune x ≤ 4 . Se obţin imediat perechile : )4,4(),12,3(),18,2(),22,1(),24,0( . ■
www.neutr
ino.ro
17
VII. 007. Fie mulţimea abbaababbaA ,/{ <= şi ba numere prime }.Calculaţi suma câturilor împărţirilor tuturor elementelor mulţimii A la cel mai mare număr natural n pentru care obţinem de fiecare dată acelaşi rest r . Delia Marinca , Timişoara Soluţie : Obţinem imediat }7997,3773,1771,1331{=A ; Notăm cu n împărţitorul şi cu r restul împărţirilor , r < n şi avem :
rnc += 11331 , rnc += 21771 , rnc += 33773 , rnc += 47997 ,
kc ∈ ℕ , 4,1=k . Scădem două câte două relaţiile anterioare şi astfel vom concluziona că n = ( 440 ; 2002 ; 4224 ) ; cum însă
1152440 3 ⋅⋅= , 1311722002 ⋅⋅⋅= şi 11324224 7 ⋅⋅= , deducem n = 22 şi r = 11 , apoi obţinem imediat .6744321 =+++ cccc ■ VII. 008. Un poligon convex are de 2005 ori mai multe diagonale decât laturi. Câte laturi are poligonul ? * * * Soluţie: Din fiecare vârf pleacă n – 3 diagonale , deci din cele n vârfuri avem n(n – 3 ) diagonale ; cum fiecare diagonală a fost
numărată de două ori , numărul total de diagonale este 2
)3( −nn ⇒
40132
)3(2005 =⇒−
= nnnn . ■
VII. 009. Demonstraţi că nu există x , y , z ∈ ℤ astfel încât : 2005333444 +++=++ zyxzyx . * * * Soluţie: Egalitatea se poate scrie :
2005)1()1()1( 222 =⋅−+⋅−+⋅− zzzyyyxxx şi remarcăm că zzyyxx )1(,)1(,)1( −−− sunt numere pare . ■ VII. 010. Determinaţi câte elemente are mulţimea }2005,...,17,10,3{=A ? Există x , y , z ∈ A astfel încât x + y + z să fie pătrat perfect ? * * *
18
Soluţie: a ) elementele sunt de forma 7n – 4 , n ∈ ℕ * ; din 7n – 4 = 2005 avem n = 287 ; b ) de exemplu 3 , 45 , 52 . ■ VII. 011. Găsiţi toate numerele naturale care pot fi scrise sub
forma nm
mn++1 , cu m şi n numere naturale .
concurs Rusia Soluţie: De exemplu putem observa că ∀ k ∈ ℕ , dacă
m = 2k – 1 şi n = 2k + 1 , avem : nm
mn++1 = k , aşadar orice număr
natural poate fi reprezentat sub forma dată . ■ VII. 012. Găsiţi toate tripletele ( a , b , c ) de numere prime pentru care numerele accbba −−− ,, sunt de asemenea prime . concurs Rusia Soluţie: Conform ipotezei avem că a , b , c sunt toate distincte ; putem presupune a > b > c . Dacă toate numerele sunt impare , diferenţele lor sunt pare , deci toate egale cu 2 , absurd. Avem aşadar c = 2 , b , a impare şi deci a- b = 2 ⇒ unul dintre numerele ( a – c ) şi ( b – c ) trebuie să fie multiplu de 3 ( b > 3 ) , adică a – 2 = 3 , imposibil sau b – 2 = 3 , de unde avem : a = 7 , b = 5 , c = 2 sau permutările mulţimii { }7,5,2 ; avem deci 6 triplete ordonate care satisfac enunţul . ■ VII. 013. Să se arate că patrulaterul ABCD este trapez dacă şi numai dacă are loc relaţia 2222 2 ADBCCDABBDAC +=⋅−+
Nicolae Stăniloiu, Bocşa Soluţie: A B
G
CD
E F
www.neutr
ino.ro
19
Considerăm E – mijlocul diagonalei AC, F – mijlocul diagonalei BD şi G – mijlocul laturii BC.
Cu notaţiile din figură vom demonstra că dacă are loc relaţia din ipoteză atunci patrulaterul este trapez. Se ştie că într-un patrulater oarecare are loc relaţia:
2222222 4 DACDBCABEFBDAC +++=++ ( 1 ) Combinată cu relaţia din ipoteză va rezulta:
CDABEFCDAB ⋅=−+ 24 222 . De aici rezultă: AB-CD=2EF, ceea ce ne arată că triunghiul EFG este denaturat. Punctele E, F şi G sunt coliniare şi deci EF // AB // CD. ( QED )
Reciproc, dacă ABCD este trapez atunci AB-CD=2EF ⇒ CDABEFCDAB ⋅=−+ 24 222 , relaţie care combinată cu (1) ne dă relaţia din ipoteză. VII. 014. Un elefant are o şosetă şi un pantof pentru fiecare din cele 4 picioare . În câte feluri îşi poate pune elefantul şosetele şi pantofii, dacă pe fiecare picior întâi se pune şoseta şi apoi pantoful? ( Se poate folosi următorul rezultat : n obiecte se pot ordona în
!...321 nnnot=⋅⋅⋅⋅ moduri )
* * * Soluţie : Notăm cu 4321 ,,, ssss şosetele şi cu
4321 ,,, pppp pantofii corespunzători picioarelor 1,2,3,4 .Există 4! moduri de permutare ale obiectelor s1, ... , p4 , şi în exact jumătate
2!8 s1 este înaintea lui p1 . Dintre acestea , tot în exact jumătate 22
!8 ,
s2 e înaintea lui p2 ; continuând raţionamentul ajungem la
42!8 posibilităţi .■
VIII. 007. Determinaţi toate numerele reale a pentru care există x ∈ ℤ astfel încât 02)1(2)1( 222 =−+−+ axaxa . Dan Negulescu , Brăila
20
Soluţie: 22
122
aaxx
+=− sau 1
12)1( 2
2 ++
=−aax ; deoarece
11
22 ≤
+ aa , ∀ a ∈ ℝ ⇒ 2)1( 2 ≤−x ⇒ [ ]21,21 +−∈x ; cum
x ∈ ℤ ⇒ x ∈ { 0 , 1 , 2 } şi corespunzător a ∈ { - 1 , 0 } . ■ VIII. 008. Determinaţi numerele naturale x , y care verifică 2163 yx =+ . Irina Haivas , Iaşi Soluţie : )4)(4(3 +−= yyx ⇒ ∃ a , b ∈ ℕ , 0 ≤ a < b cu
ba yy 34,34 =+=− ⇒ 833 =− ba . Dacă a ≥ 1 ⇒b ≥ 2 şi astfel )13(38 −= −aba ⇒ 3 / 8 , fals ⇒ a = 0 , deci x = 2 , y = 5 . ■
VIII. 009. Demonstraţi că în orice triunghi avem : pcba 32<++ , notaţiile fiind cele uzuale . Gheorghe Molea , Curtea de Argeş Soluţie : cbacba +<⇒+< şi analoagele ; folosim acum inegalitatea între media aritmetică şi cea pătratică :
33
222 zyxzyx ++≤
++ ⇒
<+++++<++ baaccbcba
ppbaaccb 32123
3 ==+++++
< . ■
VIII. 010. Găsiţi cel mai mic număr natural care poate fi scris ca sumă a 9 numere naturale consecutive , dar şi ca sumă a 10 şi ca sumă a 11 numere naturale consecutive . Concurs Moldova Soluţie : xxxn 9)4(...)4( =+++−= , )12(5)5(...)4( +=+++−= yyyn , zzzn 11)5(...)5( =+++−= ⇒ )12(59,119 +== yxzx ;
www.neutr
ino.ro
21
acest sistem , pentru x , y ≥ 5 şi z ≥ 6 are soluţie minimă x = 55 , y = 49 , z = 45 ⇒n = 495 . ■ VIII. 011. Fie a , b , c > 0 astfel încât abccba ≥++ . Demonstraţi că : 3222 abccba ≥++ . Cristinel Mortici , Târgovişte Soluţia 1 : Presupunem prin absurd că 3222 abccba <++ ; aplicând inegalitatea mediilor avem :
3 222222 33 cbacbaabc ≥++> ⇒ 33>abc ; pe de altă parte
avem : abccbacbacba 33
)(3
2222222
<++≤++
≤
de unde 33<abc , contradicţie .
Soluţia 2 : Ipoteza se mai scrie : 1111≥++
cabcab; notăm
yca
xbc
zab
===1,1,1 ; 1,0,, ≥++> zyxzyx
Deoarece xyzc
zxyb
yzxa === 222 ,, , concluzia se rescrie sub
forma xyzzyx 3222 ≥++ . Notăm 1≥++= zyxs şi avem
într-adevăr : xyzsssszyx ⋅≥⋅=≥≥++ 327
333
32222 ■
VIII. 012. Demonstraţi că dacă a , b , c > 0 avem :
21 <+
++
++
<ac
ccb
bba
a .
* * * 1=
+++
+++
++>
++
++
+=
cbac
cbab
cbaa
acc
cbb
baaS
Pe de altă parte avem 1>+
++
++
=ac
acb
cba
bT ⇒
23 <−=−++
+++
+++
= TTacac
cbcb
babaS . ■
22
VIII. 013. Găsiţi toate numerele naturale n pentru care 13 +n este o putere a lui 3 . Concurs Rusia Soluţie : Evident n = 0 e o soluţie a problemei : 0310 =+ ; pentru
0≠n avem : n3 + 1 se divide prin 3 ⇒ n = 3k – 1 , k ∈ ℕ ⇒
)133(9927271 2233 +−=+−=+ kkkkkkn ; evident , expresia din paranteză nu se divide prin 3 , deci ea poate fi numai puterea cu exponent 0 a lui 3 , de unde k = 1 , deci n = 2 . ■ VIII. 014. Găsiţi cel mai mic număr întreg a pentru care xaxx 42 34 ≥++ , ∀ x ∈ ℝ . Concurs Rusia Soluţie: Inegalitatea se poate scrie 02)1()1( 222 ≥−+−+−+ axxx . Numărul căutat este evident a = 2 . ■ IX. 007. Să se demonstreze inegalitatea:
( ) pozitive si reale c b, a, 18 3444
∀++≥⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛+
++
++
cbaba
cca
bcb
a
Nicolae Stăniloiu, Bocşa Soluţie : Folosind inegalitatea CBS vom avea:
( ) ( ) ( )[ ] ( )2222444
cbabacacbba
cca
bcb
a++≥+++++⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛+
++
++
, adică:
( ) ( ) ( )9
24
2222444 cbacbacbaba
cca
bcb
a ++≥++≥++⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛+
++
++
. De aici
rezultă inegalitatea cerută. ■ IX. 008. Arătaţi că pentru orice n ∈ ℕ * are loc inegalitatea :
4
1)1(1
22
+≤
++−⋅∑
=
nknknkn
k.
Delia Marinca , Timişoara
www.neutr
ino.ro
23
Soluţie : Folosim knkn 222 ≥+ , ∀ nk ,1= şi avem :
2)1(
21
2)1()1(
1122
+⋅=
+−≤
++−⋅ ∑∑
==
nnnkn
knkknknk n
k
n
k . ■
IX. 009. Considerăm următorul tabel , în care linia n conţine n numere : 1 3 5 7 9 11 ……………………. Stabiliţi câte linii ale tabelului au primul element un număr raţional . * * * Soluţie : Notăm primul element din linia n cu na , deci
7,3,1 321 === aaa ; notăm şi 13,7,3,1 4321 ==== bbbb , etc. ; observăm :
⎪⎪⎪
⎩
⎪⎪⎪
⎨
⎧
−+=
⋅+=⋅+=
+=
− )1(2.....................3222
2
1
34
23
12
nbb
bbbb
bb
nn
Deducem imediat, prin însumarea egalităţilor 1)1( 2
1 +−=−+= nnnnbbn ⇒ 12 +−= nnan .
Deoarece n ∈ ℕ * , n(n-1) este pătrat perfect doar dacă 1=n ( de ce ? ) ⇒ doar prima linie a tabelului are primul element raţional . ■
IX. 010. Rezolvaţi ecuaţia : { }[ ]xxx = .
Titu Andreescu , SUA
24
Soluţie : [ ] ),1[)0,(0 ∞∪−∞∈⇒≠ xx .
Dacă x ∈ [1,∞ ), avem { }[ ] 1≥xx şi , cum [ ] 1≥x , avem [ ] { } 1<≤ xx ,
absurd . Dacă x ∈ ( - ∞ , - 1 ) , avem { }[ ] 1−<xx şi , deoarece
[ ] 2−≤x , deducem că [ ] { } [ ] 11 −>⇒<<− xxx , absurd.
Să vedem dacă x ∈ [ - 1 , 0 ). Aici da, obţinem imediat 21
−=x . ■
IX. 011. Câte numere naturale de câte 6 cifre au suma ultimelor două cifre egală cu 11 şi diferenţa primelor două cifre egală cu 3 ? * * * Soluţie : Numerele căutate sunt de forma abcdef cu
11,3....3 =+=−=− feabsauba ⇒ { })9,6(),...,4,1(),3,0(),0,3),...(5,8(),6,9(),( ∈ba , adică 13 perechi ; { })2,9(),...,8,3(),9,2(),( ∈fe , adică 8 perechi . Fiecare dintre cifrele
c şi d poate fi ocupată în 10 feluri şi astfel , folosind principiul produsului , avem 1040081013 2 =⋅⋅ de numere . ■ IX. 012. Determinaţi cinci numere naturale ştiind că sumele de câte patru dintre ele formează mulţimea { 21 , 25 , 28 , 30 } . Gazeta Matematică Soluţie: Notăm cu a , b , c , d , e numerele căutate ; se pot forma 5 sume de câte 4 numere , avem însă 4 sume , aşadar cel puţin două sume au aceeaşi valoare . Putem deci scrie :
⎪⎪⎪
⎩
⎪⎪⎪
⎨
⎧
∈=+++=+++=+++=+++=+++
}30,28,25,21{30282521
xedcbedcaecbaedbadcba
Adunând aceste egalităţi avem
xedcba +=++++ 104)(4 ⇒ x este divizibil cu 4 ⇒ x = 28 , apoi 33=++++ edcba . Acum , ţinând cont de primele patru egalităţi ajungem imediat la e = 12 , c = 8 , d = 5 , b = 3 , a = 5 . ■
www.neutr
ino.ro
25
IX. 013 Dacă x , y ≥ 0 satisfac x + y = 2 , arătaţi că : 2)( 2222 ≤+⋅⋅ yxyx . Concurs Irlanda Soluţie : Putem nota x = 1 – t , y = 1 + t , t ∈ [ 0 , 1 ] şi astfel avem : 2)1)(1(2))1()1(()1()( 4222222222 ≤−−=++−−=+ tttttyxyx ■ IX. 014. Fie a , b , c > 0 astfel încât abc = 1 . Arătaţi că :
1111111 ≤⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ +−⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ +−⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ +−
ac
cb
ba .
Concurs Coreea
Soluţie : Notăm prc
rqb
qpa === ,, , unde p , q , r > 0
.Inegalitatea propusă conduce la prqqprprqrqp ≤+−+−+− ))()(( . Deoarece suma oricăror
două dintre numerele rqpu +−= , prqv +−= şi qprw +−= este un număr pozitiv , rezultă că dintre ele cel mult
unul poate fi negative şi în acel caz inegalitatea este adevărată ;
dacă u , v , w ≥ 0 , atunci folosim 2
vuuv +≤ şi analoagele ,
de unde se ajunge la pqruvw ≤ . ■ X. 001. Rezolvaţi ecuaţia: )1(loglog2 2
22
2 ++=+ xxxx . Lucian Dragomir Soluţie : Evident , se impune x > 0 . Ecuaţia se poate scrie
)()( xgxf = , unde 22)( xxxf −= are valoarea maximă 1=Vy
şi 12log)1(log1log)( 22
2
2 =≥+=+
=x
xx
xxg ⇒ ecuaţia are soluţia a
pentru care 1)()( == agaf ⇒a = 1 . ■ X.002. Fie M un punct în interiorul triunghiului ABC şi cba ddd ,, distanţele de la M la laturile triunghiului , iar cba ttt ,, distanţele de
la M la vârfurile triunghiului. Arătaţi că : 2
sin Atd aa ⋅≤∑∑ .
Nicolae Stăniloiu , Bocşa , juriu ON 2003 26
Soluţie : Dacă B1 şi C1 sunt proiecţiile lui M pe CA , respective AB, avem : 1sin MACtd ac ∠⋅= şi 1sin MABtd ab ∠⋅= , de unde
)sin(sin 11 MABMACtdd acb ∠+∠=+ .Aplicăm acum inegalitatea lui Jensen funcţiei concave [ ]1,0
2,0: →⎥⎦
⎤⎢⎣⎡ πf , f(x)= sin x şi avem :
2sin2
2sin2sinsin 11
11AMABMAC
MABMAC =∠+∠
≤∠+∠ . Aceasta ,
împreună cu relaţia anterioară , conduce la : 2
sin2 Atdd aba ⋅≤+ ;
scriem şi analoagele , inegalitatea cerută fiind apoi imediată. ■ X.003. Determinaţi a ∈ ℤ pentru care soluţiile ecuaţiei
033 23 =+− axx sunt raţionale. Concurs Austria
Soluţie : Orice rădăcină raţională a ecuaţiei este de forma 3q , unde
q ∈ ℤ , aşadar ecuaţia conduce la : 093 23 =+− aqq ( ecuaţie care are soluţii întregi ) ; notăm cu 321 ,, xxx ∈ ℤ soluţiile acestei ecuaţii. Folosind relaţiile lui Viete avem : 3321 =++ xxx ,
0133221 =++ xxxxxx , de unde imediat 923
22
21 =++ xxx ; în ℤ avem
posibilităţile )3,0,0(),,( 321 =xxx şi permutările sau )2,1,1(),,( 321 =xxx ,etc. Se ajunge imediat la a = 0 ca unică
posibilitate convenabilă. ■ X.004. Două cercuri se intersectează în punctele A şi B , iar o secantă care trece prin A intersectează cercurile în C şi D . Dacă M şi N sunt mijloacele arcelor BC şi BD care nu conţin punctul A , iar K este mijlocul lui ( CD ) , determinaţi )( MKNm ∠ . Concurs Iran
www.neutr
ino.ro
27
Soluţie : Problema ni se pare deosebit de frumoasă şi nu foarte uşoară : Considerăm rotaţia R1 de centru N şi unghi DNB∠ , apoi rotaţia R2 de centru M şi unghi BMC∠ . Deoarece
180DNB BMC+ = , rezultă că 12 RRR = este o rotaţie de unghi 180o , prin care D ajunge în C , deci al cărei centru este K. Rezultă că )(NRT = este simetricul lui N faţă de K. Pe de altă parte , NNR =)(1 , deci MNMT= ; analog KTKN = , deci
KNMK ⊥ . Măsura cerută este deci 90o. ■ X. 006. Rezolvaţi ecuaţia :
22
6455 xxxx +=+ . Nicolae Dragomir , Reşiţa , juriu ON 2003 Soluţie : Observăm soluţiile x = 0, x =1 şi arătăm că sunt singurele. Pentru x < 0 nu avem soluţii (de ce ?) , deci presupunem x > 0 . Fie
xxxf 56)( −= ; dacă x > 1 , atunci )()( 2 xfxf > , deoarece f este
strict crescătoare pe ( 0 , ∞ ) ; dar xxxx 4556 −>− , ∀x > 1, aşadar ecuaţia nu are soluţii x > 1 . Dacă x < 1, avem )()( 2 xfxf <
şi , din xxxx 4556 −<− , ∀ x < 1 , avem că x = 1 şi x = 0 sunt singurele soluţii. Rămâne de justificat xxxx 4556 −>− , ∀ x > 1 şi
xxxx 4556 −<− , ∀ x < 1 . Funcţia →∞),0(:g ℝ , xttg =)( este convexă pentru x > 1 şi concavă pentru
x < 1 , aşadar pentru a,b > 0 avem : xxx baba⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ +
≥+
22,∀ x > 1 şi
xxx baba⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ +
≤+
22, ∀ x < 1 , cu egalitate doar pentru a = b sau
x = 1 sau x = 0 . Luăm acum a = 6 şi b = 4 . ■
28
X. 007. Fie A o mulţime de numere reale care satisface proprietăţile : a ) 1 ∈ A ; b ) 3 x ∈ A ⇒ ( 1 + x ) ∈ A ; c ) x∈ A ⇒ x ∈ A .
Demonstraţi că : 3 ∈ A şi 221+ ∈ A . Lucian Dragomir , Oţelu – Roşu
Soluţie : AA ∈⇒∈= 211)2(
3 , deci AA ∈⇒∈ 98)2(
3
A∈⇒3)3(
; AA ∈=⇒∈ 3)3(
822 sau A∈3 8
A∈+⇒ 81)2(
. ■
X. 008. Arătaţi că mulţimea ℝ ∖ ℚ este infinită . * * *
Soluţie: De exemplu , pentru orice n ∈ ℕ * , numărul 12 +n este iraţional ( 222 )1(1 +<+< nnn ) . ■ X. 009. Într-un triunghi ABC avem 060)( ≥∠Am .
Arătaţi că : 411 ≥⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ +⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ +
ca
ba .
Titu Andreescu , SUA
Soluţie : Folosim inegalitatea mediilor : ba
ba 21 ≥+ şi
ca
ca 21 ≥+ ; înmulţim aceste inegalităţi şi folosim teorema
cosinusului : bcbccba ≥⋅−+≥ 0222 60cos2 ■ X. 010. Dacă x ∈ ℝ şi ( sin x + cos x ) ∈ ℚ , arătaţi că ( sin n x + cos n x ) ∈ ℚ , ∀ n ∈ ℕ * . Alexandru Blaga , Ovidiu Pop , Satu – Mare
www.neutr
ino.ro
29
Soluţie : Notăm xxS nnn cossin += , n ∈ ℕ , n ≥ 3 şi avem :
xxSxxSS nnn cossin)cos(sin 21 ⋅⋅−+= −− . ( * )
Notăm t = sin x + cos x ∈ ℚ ⇒2
1cossin2 −
=⋅txx ∈ ℚ Folosim
acum principiul inducţiei matematice presupunem că kS ∈ℚ , ∀
k 1,1 −= n , de unde Sn ∈ ℚ ■ X. 011. Fie f , g : ℝ → ℝ funcţii pentru care există a , b ∈ ℝ * astfel încât: )()())(( 3xfbxgaxgg ⋅+⋅= , ∀ x ∈ ℝ . Arătaţi că dacă f este injectivă , atunci şi g este injectivă . D.M.Bătineţu-Giurgiu , Bucureşti Soluţie : Fie u , v ∈ ℝ astfel încât g ( u ) = g ( v ) ⇒
)()( vaguag = şi g(g(u)) = g(g(v)) , de unde )()( 33 vbfubf = ; b ≠ 0 şi f injectivă conduc la : 33 vu = , de unde u = v şi deci g este injectivă . ■
X. 012. Fie a > b > 0 . Determinaţi ( ) x
xbax sin
cosmin,0
⋅−∈ π
.
Nicolae Bişboacă , Alba-Iulia Soluţie : ),(cos)1,1(cos),0( bbxbxx −∈−⇒−∈⇒∈ π ⇒
0cos),(cos >−>−⇒+−∈− baxbababaxba şi
0sin
cos>=
− yx
xba . În plus , din ),0( π∈x rezultă
txtgx=⇒∈
2)
2,0(
2π ∈ ℝ + . Din
⇒=
+
+−
⋅−=
− y
tt
ttba
xxba
2
2
2
12
11
sincos 02)(2 =−+−+ batybat ; condiţiile
0≥Δ şi 0>y conduc la 22min bay −= ■
30
X. 013. Dacă în triunghiul ABC avem A = 2B , arătaţi că între laturile sale există relaţia : )(2 cbba += . E.Constantinescu , Bucureşti Soluţie : Fie (AD bisectoarea lui A∠ . Din ADCΔ ~ BACΔ avem :
abDC
ACDC
BCAC 2
=⇒= . Teorema bisectoarei AD în ABCΔ
conduce imediat la cb
abDC+
= . Finalizarea vă aparţine ! ■
X. 014. Se pot numerota muchiile unui cub de la 1 la 12 astfel încât suma numerelor corespunzătoare celor 3 muchii care pleacă dintr-un acelaşi vârf să fie constantă ? * * * Soluţie : Răspuns negativ . Presupunând că e posibil , notăm cu S suma comună celor 8 vârfuri ⇒ )12...321(28 ++++=S ( deoarece fiecare muchie apare de două ori , câte o dată pentru
fiecare capăt ) ⇒ 2
398
213122
=
⋅⋅
=S ∉ ℕ . ■
XI. 001. Determinaţi funcţiile continue şi impare care satisfac:
=ff 1ℝ . Soluţie: Din ipoteză avem că f este injectivă şi surjectivă , deci bijectivă şi , fiind continuă , f este strict monotonă . ( i ) dacă f este strict crescătoare vom arăta că f = 1ℝ ; presupunem prin reducere la absurd că există a ∈ ℝ cu aaf ≠)( , de exemplu f(a)<a . Cum f este strict crescătoare ajungem la f(f(a)) < f(a ) şi , folosind ipoteza , avem : a < f(a) , contradicţie . ( ii) dacă f e strict descrescătoare , atunci considerăm g = - f şi obţinem g = 1ℝ . În final avem =f 1ℝ sau =f - 1ℝ . ■
www.neutr
ino.ro
31
XI. 002. Fie A ∈ M2(ℝ) şi H(A) = {B∈M2(ℝ)/AB = BA } Arătaţi că dacă det( A + B ) = detA + detB , ∀B∈ H( A ) , atunci A2 = O2 . Dorel Miheţ , Timişoara Soluţie : Notăm cu u , v rădăcinile polinomului
)det( 2IXAP ⋅−= ∈ℝ[X];se ştie că 222 ))(( OvIAuIA =−− (*) .Deoarece –uI2 , -vI2 sunt în H(A), avem :
))(det(det)det()det(0 2222 vAuAvIAuIA ++=−−= ;
se deduce u = v = 0 , de unde A2 = O2 . ■ XI.003. Pentru o matrice A ∈ M2( ℂ ) notăm )det()det()( 2
22
2 IAIAAX −++= . Arătaţi că : a) Dacă detA ≠ 0 , atunci X(A) > 2 ; b) Există o infinitate de matrice A pentru care X(A)=2 . Lucian Dragomir , juriu ON 2003 Soluţie : Notăm cu
baxxAxAtrxxIAxf +−=+−=−= 222 det)()det()( polinomul
caracteristic al matricei A . Avem astfel 22...)1()1()()()( 2 +==−+−= bffififAX . Dacă 0≠b , evident
X ( A ) > 2 , iar pentru b ) avem cu necesitate b = 0 ; toate matricele nesingulare ( care sunt o infinitate ) satisfac relaţia . ■ XI.004. Fie ABCD un pătrat circumscris unui cerc de rază 1 şi a , b , c , d distanţele de la un punct oarecare P la vârfurile pătratului ( PA = a , PB = b , PC = c , PD = d ) . Arătaţi că P se află pe cercul dat dacă şi numai dacă .102222 =+ dbca Nicolae Soare , Bucureşti Soluţie : Se poate alege un sistem de coordonate cu originea în centrul cercului şi astfel avem A ( 1 , 1 ) , B ( 1 , - 1 ) ,C(-1 , -1 ) , D ( -1,1 ) , P (x , y ) . Calcule imediate conduc la .102222 =+ dbca 122 =+⇔ yx .■
32
XI. 005 Dacă f : [ 0 , 1 ] → ℝ este derivabilă , strict crescătoare , cu
f(0) = 0 , arătaţi că există c ∈ ( 0 , 1) astfel încât : 2
'
12
)()(
cc
cfcf
−= .
Lucian Dragomir Soluţie : Considerăm funcţia g : [0 , 1] → ℝ , )()1()( 2 xfxxg −= care este funcţie Rolle ; aplicăm teorema lui Rolle pe [0,1] , având şi g(0) = g(1) . Este nevoie de stricta monotonie a funcţiei f ? ■ XI. 007. Fie f : ℕ → ℕ o funcţie injectivă . Demonstraţi că
∞=∞→
)(lim nfn
. Rămâne adevărată afirmaţia dacă se înlocuieşte
condiţia de injectivitate cu cea de surjectivitate? Soluţie : Presupunem prin absurd că ∞≠
∞→)(lim nf
n⇒ şirul
0))(( ≥nnf are un subşir mărginit. Orice şir mărginit de numere naturale are însă un număr finit de valori distincte , contradicţie cu injectivitatea lui f . Dacă f este surjectivă şi neinjectivă nu rezultă
∞=∞→
)(lim nfn
. E suficient contraexemplul ⎪⎩
⎪⎨⎧
=imparn
parnnnf
..,..1
..,...2)( ■
XI. 008. Calculaţi ∑−
=
+ ⋅⋅−=13
0
126 3)1(
n
k
kkn
k CS .
* * *
Soluţie : ==−= ∑∑−
=
+−
=
+ kn
k
kn
kn
k
kn iCCS 2
13
0
126
13
0
126 )3()3(
0)31Im(3
1 6 =+= nii
. ■
XI. 009. Demonstraţi că : 3
14
3 −≥
− xxx , ∀ x ≥ 0 .
Gheorghe Stoica , Bucureşti
www.neutr
ino.ro
33
Soluţie : Notăm 06 ≥= xt şi inegalitatea propusă devine : 04343)()1(4)(3 236326 ≥+−−=⇔−≥− ttttPttt ;observăm că
P ( 1 ) = 0 şi deci : P( t ) = ( t – 1 ) Q ( t ) , unde Q ( t ) se determină imediat şi se observă Q ( 1 ) = 0 . Avem astfel :
0)48963()1()( 2342 ≥++++−= ttttttP , ∀ t > 0 . ■
XI. 010. Se consideră matricea ⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛−
=abba
A ∈ M2( ℝ ) .
Arătaţi că următoarele afirmaţii sunt echivalente : a ) ∃ n ∈ ℕ * astfel încât 2IAn = ; b ) ∃ q ∈ ℚ * astfel încât ππ qbqa sin,cos == . Marcel Ţena , Bucureşti Soluţie : a ) Trecem la determinanţi în 2IAn = şi avem
1)(det =nA ; cum detA = a2 + b 2 ≥ 0 , deducem 122 =+ ba , deci
∃ t ∈ ℝ aşa încât a = cost , b = sint ⇒
⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛−
=⇒⎟⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛−
=ktktktkt
Atttt
A k
cossinsincos
cossinsincos ,∀k∈ ℕ*şi astfel
2IAn = ⇔ cosnt = 1 , sinnt = 0 , adică πpnt 2= ,p∈ℤ ⇒
ππ qnpt ==
2 , q ∈ ℚ ;
b ) Dacă πqa cos= , πqb sin= , q ∈ ℚ ⇒ vuq = , u ∈ ℤ ,
v ∈ ℕ* sau chiar vuq
22
= ⇒ ⎟⎟⎟⎟
⎠
⎞
⎜⎜⎜⎜
⎝
⎛
−=
vu
vu
vu
vu
A
22cos
22sin
22sin
22cos
ππ
ππ;se obţine
imediat 22 IA v = ; notăm n = 2v . ■
XI. 011. Care este numărul maxim de elemente ce pot fi alese din mulţimea { 1 , 2 , 3 , … , 2005 } astfel încât oricare două dintre cele alese să aibă suma multiplu de 8 ? * * *
34
Soluţie : Mulţimea A = { 8k / k = 250,1 } satisface proprietatea din enunţ şi are 250 de elemente ; se pot găsi mai multe ? B = { 8k + 4 / k = 250,0 } are 251 de elemente şi dacă x = 8k + 4 , y = 8m + 4 ,
avem x + y = 8p ∈ A . ■ XI. 012. Un pătrat de latură 1 se împarte în 9 pătrate egale de latură
31 şi se haşurează pătratul din mijloc . Se repetă procedeul ,
împărţind cele 8 pătrate rămase în 9 pătrate fiecare , haşurându-se pătratele din mijloc. Arătaţi că după 1000 de astfel de paşi aria haşurată nu depăşeşte 0,999. Cristinel Mortici , Târgovişte
Soluţie : După primul pas , suprafaţa haşurată are aria 91
31 2
=⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ ,
după al doilea pas se obţin 8 noi pătrate de latură 91 , suprafaţa
haşurată crescând astfel cu 298 . După al treilea pas se adaugă 82 =
64 noi pătrate de latură 271 , iar aria suprafeţei haşurate este
3
2
2 98
98
91
++ ; continuând procedeul , după 1000 de paşi aria este :
1000
1000
1000
999
3
2
2 981
981
981
91
98...
98
98
91
⎟⎠⎞
⎜⎝⎛−=
−
⎟⎠⎞
⎜⎝⎛−
⋅=++++ ; mai arătăm acum că
999,0981
1000
>⎟⎠⎞
⎜⎝⎛− , adică 1000
89 1000
>⎟⎠⎞
⎜⎝⎛ ;
într-adevăr , avem : 10
1252502505005001000
249
23
1625
45
6481
89
>⎟⎠⎞
⎜⎝⎛=⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛>⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛=⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛>⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛=⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛ . ■
www.neutr
ino.ro
35
XI. 013. În interiorul unui cub de latură 9 se află 1981 de puncte . Să se arate că există 2 puncte la o distanţă mai mică decât 1 . Titu Andreescu , SUA Soluţie : Presupunem contrariul şi avem că sferele centrate în
aceste puncte şi având razele 21 au interioare disjuncte şi sunt
plasate în interiorul cubului de latură 10 determinat de 6 plane paralele la feţele cubului dat şi situate în exteriorul acestora la
distanţa 21 . Calculând volumele sferelor rezultă că
61981
21
341981
2 ππ⋅=⎟
⎠⎞
⎜⎝⎛⋅⋅ este mai mare decât 1000103 = , ceea
ce este fals. ■ XI. 014. Determinaţi polinoamele f ∈ ℝ[X] care satisfac : )()1(27)3()27( XfXXfX −=− . Concurs Austria
Soluţie: Considerăm ∑=
=n
k
kk XaXf
0
)( şi înlocuind în relaţia din
ipoteză ajungem la n = 3 . Dăm valori convenabile lui x şi obţinem f( 27 ) = 0 , f ( 9 ) = 0 , apoi f ( 3 ) = 0 . Se verifică acum că )27)(9)(3()( −−−= XXXcXf satisface egalitatea din enunţ . ■ XII. 007. Fie H o parte stabilă a lui ℕ în raport cu adunarea . Arătaţi că dacă 6 ∈ H , 7 ∈ H , atunci ∀ n ∈ ℕ , n ≥ 30 ⇒ n ∈ H . Gazeta Matematică Soluţie : HHH ∈=+∈=+∈=+ 1477,1376,1266 Avem acum : H∈=+ 241212 şi H∈=+ 30246 ,
H∈=+ 311318 , H∈=++ 3261313 , H∈=+ 33726 , H∈=+⋅ 34647 , H∈=⋅ 3557 ; folosim acum :n ∈ H ⇒
n + 6 ∈ H (adică altfel formulată, problema e de clasa a IX a ! ) ■
36
XII. 008 Determinaţi a ∈ ℝ astfel încât funcţia f : ℝ → ℝ ,
1)( 2
3
++
=x
axxf să fie injectivă .
Laurenţiu Panaitopol , Bucureşti Soluţie : f injectivă şi continuă ⇒ f strict monotonă ⇒ derivata f ‘
are semn constant pe ℝ ; 22
3'
)1()23()(
+−+
=x
axxxxf şi ecuaţia
0233 =−+ axx are o singură rădăcină reală α ( şirul lui Rolle ) ⇒ f ‘ are două zerouri reale : 0 şi α . Acum , f ‘ are semn constant ⇒
0=α ⇒ a = 0 . Se verifică ( obligatoriu ) că această condiţie este şi suficientă . Aşadar a = 0 . ■
XII. 009. Se consideră o funcţie f : →⎥⎦⎤
⎢⎣⎡
2,0 π ℝ având o primitivă
F cu proprietatea că : )2
()0( πFF = . Demonstraţi că există t ∈
⎟⎠⎞
⎜⎝⎛
2,0 π astfel încât ).()cos(sin)()cos(sin tFtttftt −=+
Lucian Dragomir , Oţelu-Roşu
Soluţie : Considerăm →]2
,0[: πg ℝ , )()cos(sin)( xFxxxg +=
care este derivabilă şi , folosind ipoteza ,avem )2
()0( πgg = .
Aplicăm acum teorema lui Rolle pe ]2
,0[ π . ■
XII. 010. Determinaţi toate funcţiile ),0(),0(: ∞→∞f care satisfac : )()()(2 yyfxxfyxf +≤ , ∀ x , y > 0 . Marcel Chiriţă , Bucureşti Soluţie : Problemă dificilă , dar frumoasă , sau cel puţin incitantă .Din ipoteză : ))(())()(( yxyfyfxfx −≥− ;
Pentru x > y avem : 0)()()(≥≥
−−
xyf
yxyfxf , deci f este crescătoare
www.neutr
ino.ro
37
⇒ f are limite laterale finite în orice x > 0 De asemenea , avem )()()2( xxfyfyx ≤− şi , comutând x cu y ,ajungem la:
)()()2( yyfxfxy ≤− ⇒ )(2
)()(2 xfyx
xyfxfy
xy−
≤≤− . Fixăm pe
x şi facem y → x ⇒ )()(lim)( xfyfxfxy
≤≤→
, adică f este
continuă pe (0,∞ ) . Ajungem acum la : yxf
xyxfyf
xyf )()()()(
≤−−
≤ ;
trecem la limită pentru xy → şi avem : xxf
xyxfyf
xy
)()()(lim =−−
→ ⇒
f este derivabilă pe (0,∞ )şi xxfxf )()(' = . Deoarece 0)( '
=⎟⎠⎞
⎜⎝⎛
xxf
rezultă axxf =)( , ∀ x > 0 ( a > 0 ) . ■
XII. 011. Dacă F : ℝ → ℝ e o primitivă a funcţiei f : ℝ → ℝ , 2
)( xexf = , calculaţi : )()(lim
xfxxF
x ∞→.
Mihai Bălună , Bucureşti Soluţie : 0)()(' >= xfxF , ∀ x ∈ℝ ⇒ F este strict crescătoare , deci există LxF
x=
∞→)(lim . Pentru n ∈ ℕ aplicăm teorema lui
Lagrange pe [ n , n + 1 ] funcţiei F ⇒ ∃ )1,( +∈ nncn cu 22
)()1( nc eenFnF ≥=−+ ⇒ ∑−
=
≥1
1
2
)(n
k
kenF ⇒
∞=⇒∞=∞→∞
)(lim)(lim xFnFx
. Aplicând teorema lui L’Hospital
succesiv de două ori obţinem 21
)()(lim =
∞→ xfxxF
x. ■
XII. 012. Tangenta la graficul funcţiei f : ℝ → ℝ , 2)( xxf = intersectează axele Ox şi Oy în punctele A , respectiv B astfel încât
OBOA = . Determinaţi lungimea segmentului [AB]. Concurs Rusia
38
Soluţie: Dacă punctul de tangenţă este T ),( vu , iar ),0(),0,( bBaA ⇒
ecuaţia tangentei în T la parabolă este uxvy⋅=
+2
Cum A şi B sunt
pe tangentă , avem :
⎩⎨⎧
−=−=vb
vua20 ; totodată 2uv = şi OA = OB ⇒ ba −=
Din aceste patru egalităţi obţinem imediat că 41
=a şi astfel
42
161
16122 =+=+= baAB . ■
XII. 013. Găsiţi toate numerele întregi n pentru care mulţimea A = { 1 , 2 , 3 , … , n } se poate scrie ca o reuniune de trei submulţimi disjuncte astfel încât suma elementelor fiecăreia să fie aceeaşi . Concurs Iran Soluţie : Notăm cu X , Y , Z cele trei submulţimi şi deci :
=∩∩ ZYX ∅ , },...,2,1{ nZYX =∪∪ şi
6)1( +
=== ∑∑∑∈∈∈
nnaaaZaYaXa
. Deducem acum : )1(/3 +nn , adică
n este congruent cu 0 , 2 , 3 sau 5 modulo 6 şi n ≥ 5 . Pentru n = 5 avem , de exemplu , }.5{},3,2{},4,1{ === ZYX Pentru n = 6 avem : }4,3{},5,2{},6,1{ === ZYX , pentru n = 7 găsim
}8,4{},7,5{},6,3,2,1{ === ZYX . Presupunem că există o partiţie X,Y,Z cu proprietatea din enunţ pentru un n care satisface cindiţiile găsite ,atunci pentru n + 6 găsim
},5,2{},6,1{ 11 ++∪=++∪= nnYYnnXX }4,3{1 ++∪= nnZZ care ( se verifică ! ) satisface de asemenea
condiţiile cerute. Folosim acum principiul inducţiei matematice şi problema se încheie . ■
www.neutr
ino.ro
39
XII. 014 Se consideră o funcţie f : ( 0 , ∞ ) → ( 0 , ∞ ) cu
proprietatea că yxfxyf )()( = , ∀ x , y > 0 . Dacă
f ( 500 ) = 3 , determinaţi f ( 600 ) . Concurs SUA Soluţie:
25
56
)500()56500()600( ==⋅=
fff . Desigur , putem determina chiar
funcţia dată : )5001500()1( ⋅= ff = 1500
500/1)500(=
f şi apoi
0,1500)1()1()( >==⋅= xxx
fxfxf . ■
40
Probleme propuse
Clasa a V-a V. 015. Dacă abcn = şi cbam = , a > c > 0 , poate fi numărul n – m pătrat perfect ? Gazeta Matematică V. 016. Pe tablă sunt scrise patru numere . Se stabileşte să se aleagă oricare două dintre ele , să li se adauge o unitate şi să se scrie numerele obţinute în locul celor alese iniţial . E posibil ca prin mai multe astfel de operaţii să se ajungă de la numerele 2 , 0 , 0 , 5 la patru numere egale ? * * * V. 017. Acasă la Dragoş au venit în vizită câţiva colegi de clasă ; mama sa l-a întrebat câţi musafiri are, iar Dragoş a răspuns : “ Mai mulţi decât şase “ , dar Roxana , sora lui , îi spune mamei : “ Mai mulţi decât cinci “. Ştiind că un singur răspuns este corect , câţi musafiri are Dragoş ? * * * V. 018. O familie e formată din trei persoane : tata , mama şi copilul . Acum suma vârstelor lor este de 74 de ani , iar cu 10 ani în urmă această sumă era de 47 de ani . Câţi ani are acum tatăl dacă este cu 28 de ani mai mare decât copilul ?
Concurs Rusia V. 019. Găsiţi toate numerele de trei cifre care se micşorează de 5 ori după ştergerea primei cifre .
* * * V. 020. La numerotarea paginilor unui manual s-au folosit 495 cifre . Câte pagini are manualul ?
* * * V. 021. Arătaţi că nu există n ∈ ℕ pentru care numărul
5375 49 ++ += nnA este pătrat perfect . * * *
www.neutr
ino.ro
41
V. 022 . În fiecare dintre pătrăţelele unui tabel dreptunghiular cu 4 linii şi 5 coloane scriem câte un număr natural astfel încât suma numerelor de pe fiecare linie să fie aceeaşi , iar suma numerelor de pe fiecare coloană să fie , de asemenea , aceeaşi ( nu neapărat egală cu cea de pe linii ). Notăm cu S suma numerelor din tabel . a ) Putem avea S = 30 ? ; b ) Câte tabele există cu S < 20 ? Dorel Miheţ , Timişoara V. 023. Peste deal , printre mioare , Zboară nişte vrăbioare . Câte păsări sunt , câte mioare , Dacă-s 8 capete şi 20 picioare ? * * *
Clasa a VI-a VI. 015. Vârsta medie a celor unsprezece jucători ai unei echipe de fotbal este de 22 ani.În timpul unui meci unul dintre jucători este eliminat ( a primit cartonaşul roşu ). Ce vârstă are jucătorul eliminat dacă vârsta medie a jucătorilor rămaşi pe teren a coborât la 21 de ani ? * * * VI. 016 . Pe un drum de munte sunt doi turişti . Unul dintre ei face paşii cu 10% mai mici , dar în acelaşi timp şi cu 10% mai deşi decât celălalt. Care dintre turişti parcurge mai repede un kilometru? Concurs Rusia VI. 017. Pe o tablă sunt scrise numerele 10,...,3,2,1 Care este cel mai mic număr de numere care trebuie şterse de pe tablă astfel încât numerele rămase să poată fi împărţite în două grupe aşa încât produsele numerelor din cele două grupe să fie egale ? Concurs Rusia VI. 018. Numărul natural n este produsul a două numere prime , iar suma tuturor divizorilor săi , inclusive 1 dar exclusiv n , este egală cu 1000 . Găsiţi toate valorile posibile ale lui n . Concurs Rusia
42
VI. 019. Într-un triunghi lungimile laturilor sunt numere naturale pare şi o latură este egală cu 2 . Arătaţi că triunghiul este isoscel . * * * VI. 020. Găsiţi numerele a , b , c ∈ ℕ dacă :
32
21 +
+=
+=
+ cca
bb
aa .
Dorel Miheţ , Timişoara VI. 021. Considerăm triunghiul ABC în care )(2)( CmBm ∠⋅=∠ şi
există M ∈ (AB) astfel încât MB=BC . a ) Dacă B1 este simetricul lui B faţă de AC , arătaţi că MC = BB1 ; b ) Aflaţi măsurile unghiurilor triunghiului ABC dacă AB = MC . Dorel Miheţ , Timişoara VI. 022 . O bucată triunghiulară de carton este tăiată în bucăţi ( folosind tăieturi drepte ) . Bucăţile obţinute sunt grupate după numărul de laturi.Arătaţi că dacă numărul grupurilor este cel puţin patru , atunci acest număr nu depăşeşte numărul triunghiurilor obţinute . * * * VI. 023. Care dintre următoarele numere este pătrat perfect :
cifre.444
4...44 sau cifre.555
5...55 ?
* * *
Clasa a VII-a VII. 015. Se poate construi doar cu rigla negradată şi compasul un unghi cu măsura de '03037 ? Gazeta Matematică VII. 016 . Se consideră o mulţime A de numere naturale cu cel puţin trei elemente şi care are proprietatea : ∀ a , b ∈ A ,
0≠≠ ba , restul împărţirii lui a la b este element al mulţimii A.
www.neutr
ino.ro
43
Arătaţi că : a ) 0 ∈ A ; b ) dacă 23 este cel mai mare element al mulţimii A , atunci 1 ∈ A . * * * VII. 017 . O mulţime nevidă finită A de numere naturale are proprietatea :
∀ x ∈ A ⇒ ( x – 1 ) ∈ A sau Ax∈
2.
Arătaţi că : 5 ∈ A ⇒ 0 ∈ A . VII. 018. Un bătrân are o capră , o vacă , o iapă şi o claie de fân . Nepotul ţăranului a calculat că această claie ar ajunge pentru hrana caprei şi a iepei timp de o lună sau pentru capră şi vacă timp de 3/4 de lună sau pentru vacă şi iapă timp de 1/3 de lună . Bunicul a gândit puţin şi i-a spus nepotului : “ Sau vă învaţă aiurea la şcoală sau tu nu eşti atent şi dormi ! “ De ce s-a adresat astfel bunicul nepotului său ? Concurs Rusia VII. 019 . Într-o cutie se găsesc creioane de trei culori : roşii , galbene şi albastre , şi de trei dimensiuni : scurte , medii şi lungi , astfel încât există creioane de toate cele trei culori şi de toate cele trei dimensiuni . Se poate afirma că în cutie se găsesc cel puţin trei creioane , două câte două deosebindu-se şi prin culoare şi prin dimensiuni ? Concurs Rusia VII. 020 . Rezolvaţi ecuaţia : 95199519 2 +=+ xxx . Concurs Rusia VII. 021 . În cele 64 de pătrate ale unei table de şah se scriu numerele - 1 , 0 sau 1 . Este posibilă o numerotare astfel încât sumele numerelor de pe linii , coloane şi diagonale să fie distincte ? * * *
44
VII. 022. Pe fiecare din laturile (AB) , (BC) , (CA ) ale unui triunghi se consideră câte trei puncte distincte . Câte triunghiuri se pot forma având vârfurile în cele nouă puncte considerate ? * * * VII. 023. În interiorul unui triunghi echilateral de latură 1 se află 5 puncte . Arătaţi că există cel puţin două puncte care au distanţa
dintre ele mai mică de 21 . * * *
Clasa a VIII-a
VIII. 015. Demonstraţi că numerele de forma 69 +n , n ∈ ℕ , nu se pot scrie ca sumă a două pătrate de numere întregi . Gazeta Matematică VIII. 016. Determinaţi perechile ( x , y ) de numere naturale pentru care 1)23()23( =−−+ xyyyxx . Manuela Prajea , Drobeta Tr.Severin VIII. 017. Determinaţi tripletele ( x , y , z ) de numere reale care
satisfac :
⎪⎪⎪
⎩
⎪⎪⎪
⎨
⎧
=+
=+
=+
zxy
yzx
xyz
11
11
11
. G.M.
VIII. 018 . Să se determine cel mai mic număr de forma mk 511 − ,
unde k , m ∈ N* . * * *
www.neutr
ino.ro
45
VIII. 019 . Numerele a şi b satisfac egalitatea 22=
−+
+ bab
baa .
Găsiţi valorile posibile ale expresiei babaE
53+−
= .
Concurs Rusia VIII. 020. Câte numere de 4 cifre există care nu se divid prin 1000 şi la care prima şi ultima cifră sunt pare ? Concurs Rusia VIII. 021. Se spune că o mulţime nevidă şi finită de numere naturale nenule şi distincte este interesantă dacă orice submulţime nevidă a sa are media aritmetică a elementelor un număr natural . a) Determinaţi o mulţime interesantă care are 4 elemente ; b) Arătaţi că nu există o mulţime interesantă cu 4 elemente care să conţină mulţimea { 2 , 4 , 6 } . * * * VIII. 022. Se consideră mulţimea A = { k + n /k ∈ ℤ , n ∈ ℕ } .
a ) Să se arate că 12 − ∈ A ; b ) Să se arate că A∉+ 32 ;
c ) Demonstraţi că : ≠⎟⎠⎞
⎜⎝⎛∩
101;0A ∅ .
* * * VIII . 023 . Se consideră numerele distincte 2021 ,...,, aaa dintre numerele 1 , 2 , 3 , … , 100 . Arătaţi că cel puţin trei dintre diferenţele }20,...,2,1{, ∈≠− jiaa ji sunt egale . * * *
Clasa a IX-a IX. 015 . Determinaţi m ∈ ℝ pentru care există cel puţin un n ∈ ℤ astfel încât 22 223 mmmnn −−=− . G.M.
46
IX. 016 Notăm cu O punctul de intersecţie al diagonalelor paralelogramului ABCD şi cu G1 , G2 centrele de greutate ale triunghiurilor AOD , respectiv BOC. Demonstraţi , prin două metode , că punctele O , G1 , G2 sunt coliniare. G.M. IX. 017 Demonstraţi că pentru orice n ∈ ℕ , numărul
)12(31 −⋅+ nn este divizibil cu 4 . Iacob Didraga , Caransebeş IX. 018 Fie A = { 1 , 2 , 3 , … , 2005 } . Determinaţi funcţiile f : A → A cu proprietatea că f ( b ) – f ( a ) = a – b , ∀ a , b ∈ A . * * * IX. 019. Numărul 2 n are 30 de cifre . Arătaţi că una din cifre se repetă de cel puţin 4 ori . * * * IX. 020. Determinaţi primele 2005 zecimale ale numărului
2005
1...11,0 .
* * * IX. 021. Determinaţi numerele strict pozitive nkak ,1, = ştiind că
43 =a şi 2
1
1
12 2
11−
−
=
⋅=⎟
⎟⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛−∏
n
nn
k k aan
a, ∀ n ∈ ℕ , n ≥ 2 .
Marian Ursărescu , Roman IX. 022. Demonstraţi că între lungimile laturilor unui triunghi ABC are loc inegalitatea :
cbabacacbcba −++−++−+≥++ Concurs Assian Pacific IX. 023. Determinmaţi m ∈ ℤ pentru care ecuaţia
012)13(2 =+++− mxmmx are rădăcinile întregi . Lucian Dragomir , Oţelu-Roşu
www.neutr
ino.ro
47
Clasa a X-a X. 015. Rezolvaţi ecuaţia :
xx xx sincos )(cos)(sin = , )2
,0( π∈x .
* * *
X.016. Rezolvaţi ecuaţia : 16)2( 2
2
=x
x , x ∈ ℝ+* .
Concurs Cluj X. 017. Se consideră a > b > 1, )(log baA a −= ,
)(log baB b −= . Demonstraţi că dacă abba 322 =+ , atunci ABBA 2=+ .Reciproca este adevărată ?
Dorel Miheţ , Timişoara X. 018 . Fie z ∈ ℂ cu 1=z ,Re(z)∈ℚ şi Im(z)∈ℚ. Arătaţi că
12 −nz ∈ℚ. * * *
X. 019. Rezolvaţi ecuaţia : xx
253 3 =+ * * * X. 020 . Fie x , y numere complexe astfel încât yx ≠ şi yx = .
Arătaţi că : xyx <+21 .
* * * X. 021. Rezolvaţi ecuaţia : 3
3 1log xx −= . Lucian Dragomir , Oţelu-Roşu X. 022. Notăm cu F mulţimea funcţiilor f : ℝ → ℝ care satisfac proprietatea )()())(( yfxfyxff +=+ , ∀ x , y ∈ ℝ . a ) Determinaţi funcţiile injective din F ; b ) Arătaţi că F conţine funcţii neconstante care nu sunt nici injective , nici surjective . Dorel Miheţ , Timişoara
48
X. 023. Se consideră sistemul de ecuaţii :
⎩⎨⎧
=+=+
122loglog
yxxy
nyx .
Determinaţi n ∈ ℕ * pentru care sistemul are soluţii în ℤ2 şi găsiţi aceste soluţii .
Clasa a XI-a XI. 015. Fie şirul 1)( ≥nna definit prin 21 =a şi nn aa +=+ 21 ,
∀n≥1. Calculaţi n
n
n
a 4
2lim ⎟⎟
⎠
⎞⎜⎜⎝
⎛∞→
.
Dinu Şerbănescu , Bucureşti XI. 016. Fie A ∈ Μ4( ℚ ) aşa încât 0))1(2det( 4 =⋅++⋅ IiA . Demonstraţi că )det( 4
2 IA − ∈ ℕ . G.M.
XI. 017. Dacă x 1 = 1 şi nn xnx )1(11 ++=+ , ∀n∈ℕ* , calculaţi
limita şirului 1≥
⎟⎠⎞
⎜⎝⎛
n
n
nx
.
Laurenţiu Panaitopol,Bucureşti XI. 018. Fie 1)( ≥nna un şir cu proprietăţile :
( i ) şirul dat este strict crescător şi 0lim 2 =∞→ n
an
n;
( ii ) există Ln
aa nn
n=
−+
∞→
1lim .
Arătaţi că L = 0 . Dorin Andrica , Cluj-Napoca XI. 019. Arătaţi că şirul având termenul general
nnnx2
..22
211 2 ++++= , n ≥ 1 , este convergent .
* * *
www.neutr
ino.ro
49
XI. 020. Se consideră matricele A , B ∈ Μ3 ( ℂ ) care satisfac 3IBA =+ şi 32 AA = . Demonstraţi că 0)det( 3 ≠+ ABI .
* * * XI. 021. Fie a o rădăcină a ecuaţiei 013 =−− xx şi aab −= 22 . Găsiţi un polinom nenul cu coeficienţi întregi care admite pe b ca rădăcină . Concurs admitere Universitate XI. 022. Fie A ∈ M2 ( ℝ ) . Notăm cu tr ( A ) suma elementelor de pe diagonala principală a matricei A . Arătaţi că dacă tr (A 2004)=1 şi 0)...det( 2
20022003 =++++ IAAA , atunci 0det =A . * * *
XI. 023. Arătaţi că m∃>∀ ,0ε ∈ ℕ astfel încât : ε>∑=
n
k k1
1 ,∀n ≥m .
* * *
Clasa a XII-a XII.015. Dacă ),( ⋅G e un grup şi f : G → G o funcţie injectivă astfel încât )())(( 12 xyfxyfxf ⋅=⋅ − ,∀x,y ∈ G , arătaţi că G este abelian . D.M.Bătineţu-Giurgiu , Bucureşti XII.016. Demonstraţi că mulţimea funcţiilor de gradul întâi are o structură algebrică de grup necomutativ în raport cu operaţia de compunere a funcţiilor . Găsiţi subgrupurile finite ale acestui grup. Iacob Didraga , Caransebeş XII.017. Există funcţii f : ℝ → ℝ* care admit o primitivă F pentru care )()1()((1( nxFxFxFxF =+− ,∀x∈ℝ,n∈ℕ,n≥2. ? G.M.
50
XII.018. Fie ( G , . ) un grup şi H ⊂ G , ∅ GH≠≠ o submulţime cu proprietatea : ∀x∈H ,∀y∈G∖H ⇒ xy ∈ G∖ H . Demonstraţi că H este un subgrup al lui G .
Marcel Ţena , Bucureşti
XII.019. Calculaţi : dxex
xx∫ ++1
, x > 0 .
* * * XII.020. Pe mulţimea M = ( 0 , ∞ ) se consideră o lege de compoziţie “ ☺” care satisface condiţiile : a ) ( x + 1 ) ☺ x = 1 , ∀ x ∈ M ; b ) ( xy ) ☺ z = x( y ☺ z ) , ∀ x , y , z ∈ M Calculaţi 2 ☺ ( )21+ .
* * *
XII.021 . Calculaţi ∫ +⋅⋅∞→
1
0
)1ln(lim dxxxn n
n .
* * * XII.022 . Determinaţi numerele naturale n pentru care există un
polinom kn
kk XaXP ∑
=
=0
)( cu coeficienţi reali care satisface :
3)( −>tP , ∀ t ∈ ℝ şi P ( - 2 ) = P ( 0 ) = P ( 2 ) = 0. Concurs Rusia
XII.023. Fie k ∈ ℝ şi f :ℝ → ℝ o funcţie continuă cu proprietatea că kxfxf =−+ )()( , ∀ x ∈ ℝ .
Calculaţi : I = dxx
xf∫−
4
4
2cos)(
π
π
.
Vasile Gorgotă , Râmnicu-Vâlcea
www.neutr
ino.ro
51
Rubrica rezolvitorilor (concursul revistei )
( Punctaje obţinute pentru soluţii ale problemelor din numărul 13 al revistei )
Clasa a V-a
○ Blaj Marinela Alisa (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) - 18 p ○ Codoşpan Florinela (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) -35 p ○ Milu Ionela (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) - 17 p ○ Berzescu Nicolae (Rusca Teregova,prof. Ciucă Sorin) - 18 p. ○ Humiţa Maria (Rusca Teregova,prof. Ciucă Sorin) - 17 p. ○ Mirulescu Nina Roxana (Lic.Hercules Băile Herculane , prof. Golopenţa Marius) - 34 p. ○ Tabugan Cătălina Dana (Lic.Hercules Băile Herculane , prof. Golopenţa Marius) - 54 p. ○ Bogdan Esther Maria (Lic.Hercules Băile Herculane , prof. Golopenţa Marius) - 40 p. ○ Basarabă Drăgan George (Lic.Hercules Băile Herculane , prof. Golopenţa Marius) - 28 p. ○ Lolea Sandra Adriana (Lic.Hercules Băile Herculane , prof. Golopenţa Marius) - 46 p. ○ Rotariu Ana Izabela (Lic.Hercules Băile Herculane , prof. Golopenţa Marius) - 48 p ○ Anton Alexandru (Lic.Hercules Băile Herculane , prof. Golopenţa Marius) - 38 p. ○ Blidariu Andreea Mihaela (Lic.Hercules Băile Herculane, prof. Golopenţa Marius) - 44 p. ○ Martin Patricia (Lic.Hercules Băile Herculane , prof. Golopenţa Marius) - 26 p. ○ Măncescu Manuela (Lic.Hercules Băile Herculane, prof. Golopenţa Marius) - 30 p. ○ Popeangă Raluca- Ştefania (Lic.Hercules Băile Herculane , prof. Golopenţa Marius) - 31 p. ○ Domilescu Adrian (Lic.Hercules Băile Herculane , prof. Golopenţa Marius) - 55 p.
52
○ Manţa Florin Claudiu (Lic.Hercules Băile Herculane , prof. Golopenţa Marius ) - 50 p. ○ Tătar Octavian (Lic.Pedagogic Caransebeş, prof. Mirulescu Mariţa) - 49 p . ○ Dumitresc Cecilia Graţiela (Grup Şcolar Oţelu-Roşu, prof. Dragomir Adriana) - 40 p ○ Albai Cosmin(Grup Şcolar Oţelu-Roşu, prof. Dragomir Adriana) - 40 p ○ Dragomir Claudiu(Grup Şcolar Oţelu-Roşu, prof. Dragomir Adriana) - 40 p ○ Constantinescu Lavinia (Grup Şcolar Oţelu-Roşu, prof. Dragomir Adriana) - 45 p ○ Nasta Laura Cristina (Grup Şcolar Oţelu-Roşu, prof. Dragomir Adriana) - 40 p ○ Ghidineci Maria Nicoleta (Şcoala nr.1 Oţelu-Roşu, prof.Popa Amalia) - 46 p ○ Kuhn Anne-Marie (Şcoala nr.1 Oţelu-Roşu, prof. Popa Amalia ) - 46 p
Clasa a VI-a
○ Szabo Cristian(Lic.Traian Doda , Caransebeş,prof. Dragomir Delia ) - 57 p . ○ Mocanu Ioana Dora (Lic.Traian Doda , Caransebeş prof. Dragomir Delia ) -100 p . ○ Munteanu Cosmin (Liceul de Artă Reşiţa, prof. Mara Adriana) - 30 p ○ Goicovici Denisa (Liceul de Artă Reşiţa, prof. Mara Adriana ) - 78 p ○ Ivu Nicoleta(Şcoala nr. 1 Oţelu-Roşu, prof. Cecon Iulia) - 9 p ○ Bistrian Florina(Şcoala nr. 1 Oţelu-Roşu, prof. Cecon Iulia ) - 18 p ○ Bugariu – Kozilek Timeea (Şcoala nr. 1 Oţelu- Roşu, prof. Feil Heidi) - 89 p ○ Duma Andrei(Şcoala nr. 1 Oţelu-Roşu, prof. Feil Heidi) - 88 p
www.neutr
ino.ro
53
Clasa a VII-a
○ Prunar Victor(Lic. Pedagogic Caransebeş, prof. Hurduzeu Diana)- 182 p ○ Stepanescu Ana-Patricia ( Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) - 23 p ○ Gherga Ionela (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin)- 9 p ○ Ciucă Cristian Sorin (Teregova, prof. Damian Ilie) - 98 p ○ Humiţa Toma (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) - 48 p ○ Iciu Gheorghe (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) - 44 p ○ Stepanescu Mihai (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) - 51 p ○ Raduia Ştefan (Rusca Teregova prof. Ciucă Sorin) - 20 p ○ Gherga Ionuţ-Barbu (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) - 55 p ○ Banda Anca (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) - 18 p ○ Stepanescu Ianăş (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) - 50 p ○ Novăcescu Dorin (Lic.Traian Doda, Caransebeş, prof. Dragomir Delia) -110 p . ○ Ştefănigă Sebastian (Şcoala nr.3 Oţelu-Roşu, prof.Boldea Felicia) - 60 p ○ Condruz Florina-Andreea (Şcoala nr.3 Oţelu-Roşu, prof.Boldea Felicia) - 41 p ○ Cherloabă Edith (Liceul de Artă Reşiţa, prof. Mara Adriana) - 69 p
Clasa a VIII-a
○ Codoşpan George (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin)- 18 p ○ Humiţa Maria – Mirabela (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) - 21 p ○ Gherga Patricia (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin)- 23 p ○ Stepanescu Anca – Liliana(Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) - 17 p ○ Banda Maria (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) - 18 p ○ Gherga Petru (Rusca Teregova, enunţuri fără soluţii) - 0 p . ○ Stepanescu Adamescu Ioan (Rusca Teregova,prof. Ciucă Sorin) -17 p.
54
○ Humiţa Elisabeta (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) - 16 p. ○ Banda Ioan (Rusca Teregova, prof. Ciucă Sorin) - 19 p. ○ Dumitrescu Otilia ( Lic.Pedagogic, prof. Moatăr Lavinia) - 49 p . ○ Jdioreanţu Doriana (Lic.Pedagogic, prof. Moatăr Lavinia)-50 p . ○ Ploştinaru Diana (Lic.Pedagogic,prof. Moatăr Lavinia) - 70 p . ○ Cristescu – Loga Cella(Lic.Pedagogic,prof. Moatăr Lavinia)-50 p ○ Moatăr Alexandra ( Lic.Pedagogic,prof. Moatăr Lavinia) - 93 p . ○ Vlad Adina (Lic.Pedagogic, prof. Moatăr Lavinia) - 158 p . ○ Milcu Roxana ( Lic.Pedagogic,prof. Moatăr Lavinia) - 170 p . ○ Stăniloiu Ovidiu(Şcoala nr.2 Bocşa, prof. Todor Veronica)-139 p ○ Lupu Vlad (Şcoala nr.3 Oţelu-Roşu, prof.Boldea Felicia) - 44 p ○ Condruz Claudiu Viorel (Şcoala nr.3 Oţelu-Roşu, prof.Boldea Felicia) - 16 p ○ Mureşan Alexandru Ioan (Lic.Pedagogic Caransebeş , prof. Humiţa Dorina) - 68 p ○ Mureşan Ana- Maria(Lic.Pedagogic Caransebeş , prof. Humiţa Dorina) - 68 p
Clasa a IX-a
○ Iliescu Marcel(Lic.Pedagogic,prof. Moatăr Lavinia) - 39 p . ○ Kremer Emanuela (Lic.Pedagogic,prof. Moatăr Lavinia) -114 p . ○ Gurgu Caius (Lic.Pedagogic,prof. Moatăr Lavinia) - 51 p . ○ Unguraş Dragoş (Grup Şcolar Oţelu-Roşu, prof.Dragomir Lucian) - 83 p ○ Dragomir Maria-Lucia (Grup Şcolar Oţelu-Roşu,prof.Dragomir Lucian) - 65 p ○ Buzuriu Alina (Grup Şcolar Oţelu-Roşu, prof.Dragomir Lucian) - 40 p
Clasa a X-a
○ Labo Laurenţiu (Lic.Pedagogic Caransebeş, prof.Mirulescu Mariţa) - 61 p . ○ Roată Ramona (Lic.Pedagogic Caransebeş, prof.Mirulescu Mariţa) - 41 p .
www.neutr
ino.ro
55
○ Ambruş Alin (Lic.Pedagogic Caransebeş, prof.Mirulescu Mariţa) - 41 p . ○ Ionescu Alin (Lic.Pedagogic Caransebeş , prof.Mirulescu Mariţa) - 41 p . ○ Bănescu Monica (Lic.Pedagogic Caransebeş, prof.Mirulescu Mariţa) - 42 p . ○ Cornean Cristian (Lic.Pedagogic Caransebeş, prof.Mirulescu Mariţa) - 40 p . ○ Dincă Alexandru (Lic.Pedagogic Caransebeş, prof.Mirulescu Mariţa) - 33 p ○ Ghidan Alexandru ( Lic.Pedagogic Caransebeş, prof.Mirulescu Mariţa) - 33 p ○ Ştefănuţ Paula(Lic.Traian Doda, prof. Moatăr Lavinia) - 51p . ○ Dochin Luminiţa (Lic.Traian Doda, prof. Moatăr Lavinia) - 64p . ○ Popovici Doru (Lic. Traian Lalescu Reşiţa, prof. Bădescu Ovidiu) - 80 p ○ Istodor Cosmin (Grup Şcolar Oţelu-Roşu, prof.Dragomir Lucian) – 129 p ○ Iacob Alexandra (Lic.Traian Doda Caransebeş, prof. Dragomir Delia) – 38 p
Clasa a XI-a
○ Loga Petru Florin (Lic.Traian Doda Caransebeş, prof.Didraga Iacob) - 38 p ○ Ceauşu Ioana (Lic.Traian Doda Caransebeş, prof.Didraga Iacob) - 70 p ○ Iacubovschi Sergiu (Lic.Traian Doda Caransebeş, prof.Didraga Iacob) - 30 p
Clasa a XII-a
○ Andrei Corina Ionela (Lic.Traian Doda Caransebeş, prof.Didraga Iacob) - 47 p ○ Teişanu Iuliana (Grup Şcolar Oţelu-Roşu, prof.Dragomir Lucian) -31 p
56
○ Sandu Ionela – Alexandra (Grup Şcolar Oţelu-Roşu, prof.Dragomir Lucian) -31 p ○ Stancu Alexandra (Grup Şcolar Oţelu-Roşu, prof.Dragomir Lucian) -20 p ○ Chiriac Anca (Grup Şcolar Oţelu-Roşu, prof. Dragomir Lucian) -15 p ○ Enache Alexandra (Grup Şcolar Oţelu-Roşu,prof.Dragomir Lucian) -18 p ○ Ionescu Maria(Grup Şcolar Oţelu-Roşu, prof. Dragomir Lucian) -21 p ○ Vişescu Daniela (Grup Şcolar Oţelu-Roşu, prof.Dragomir Lucian) -33 p ○ Chiş Vasile Andrei(Lic. Traian Lalescu Reşiţa, prof. Bădescu Ovidiu) - 67 p
VĂ DORIM UN AN NOU PLIN DE SATISFACŢII, MULTĂ SĂNĂTATE ŞI UN PIC DE NOROC.