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7/26/2019 problemas de análisis estructural
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PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
3.2. MÉTODO DE FLEXIBILIDADES APLICADO A MARCOS ESTÁTICAMENTE
INDETERMINADOS
1.- Calcular las reacciones correspondientes a las cargas indicadas. E e I
son constantes.
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SOLUCIÓN.
a) Verificación del grado de indeterminación.
ara el marco mostrado! el n"mero de nodos es j=3 ( A ; B ; C ) # no $a#
condiciones impuestas por la construcción! es decir c=0 .
La estructura est% compuesta por la cantidad de m=2 ( AB ; CB ) miem&ros. 'anto
en el pasador (apo#o articulado) A como en el B $a# dos incógnitas de
reacción! una $oriontal # una *ertical! por lo +ue r=4 ( R AX ; R AY ; RCX ; RCY ) .
como 3 m+r>3 j+c #a +ue 3 (2 )+4>3 (3 )+0⇒10>9 el marco es est%ticamente
indeterminado con un grado de 10−9=1 .
&) ,lección de la fuera redundante # planteamiento de la estructura primaria.
Se optar% por+ue RCX sea la fuera redundante. ,n consecuencia! en la
estructura primaria! el apo#o articulado (pasador) en C se reemplaa por un
apo#o simple (rodillo u oscilador)! puesto +ue ste "ltimo soporte no restringir%C
en la dirección $oriontal #a +ue se est% eliminando la reacción redundanteelegida. ,sta nue*a estructura (I/ 1) es isost%tica! esta&le (de ning"n modode&e ser inesta&le) # est% sometida a las mismas cargas +ue la est%ticamenteindeterminada ($iperest%tica).
c) rincipio de superposición.
,l marco real u original ( MR ) es e+ui*alente a la suma de una serie de
estructuras isost%ticas conformada por la estructura primaria # otro n"mero deestructuras igual al n"mero de redundantes elegidas. ,ntonces! el marco
$iperest%tico de este e0emplo es igual a I/ 1 m%s otro marco +ue a+u $emoseti+uetado como I/ II.
La estructura primaria # su su&secuente (I/ II) de&en tener entre s la mismageometra e idnticas condiciones de apo#o con la diferencia de +ue la segundaen lugar de estar sometida a las cargas e2ternas originales! "nicamente soporta a
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la redundante elegida ( RCX ) de sentido ar&itrario (en este caso se propone
$acia la i+uierda). 3e acuerdo a lo anterior! el marco real u original ( MR ) es
igual a la suma de las siguientes estructuras4
MR= MIF 1+ MIF II
,structura primaria ⟹ I/ 1(,structura M )
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,ste marco (I/ 1)! contrariamente al marco original o real! e2perimenta un
desplaamiento $oriontal en el punto C (∆ HC MIF 1=d1 ) .
,structura li&erada con fuera redundante RCX aplicada ⟹ MIF II
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,n ste marco! C se desplaa $oriontalmente una cantidad de
∆ HCMIFII = RCX ( f 11)
d) lanteamiento de la ecuación de compati&ilidad geomtrica.
ara o&tener una ecuación adicional +ue $aga posi&le la solución del pro&lema$acemos uso del principio de superposición formulado anteriormente # tomamosen cuenta la compati&ilidad del desplaamiento $oriontal en el soporte articulado
C . or lo tanto! la ecuación de compati&ilidad geomtrica para el
desplaamiento $oriontal en C es
∆ HCMIF 1+∆ HCMIFII =∆ HC MR−−−(1 )
,l lengua0e alge&raico anterior se traduce al lengua0e cotidiano como4 el
desplaamiento $oriontal en el punto C de la estructura I/ 1 m%s el
desplaamiento $oriontal en el punto C de la estructura I/ II es igual al
desplaamiento $oriontal en el punto C del marco real MR .
O&sr*ese +ue en el punto C del marco real ( MR ) no se produce
desplaamiento $oriontal alguno #a +ue la reacción en esa dirección del soporte
articulado a$ situado lo impide! as +ue ∆ HCMR es nulo. ,fectuando las
sustituciones correspondientes! la ecuación (1 ) puede escri&irse del siguiente
modo
d1+f 11 RCX =0−−−(2 )
Si a la estructura li&erada le aplicamos una unidad de carga $oriontal en el puntoC correspondiente a la fuera redundante! el coeficiente de fle2i&ilidad puede
o&tenerse directamente al calcular el desplaamiento $oriontal en ese mismo
punto por lo +ue ∆ HCMIF 2=f 11 .
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,structura li&erada con fuera $oriontal unitaria aplicada en C ⟹ I/ 5(,structura
m )
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e) C%lculo de los desplaamientos necesarios para el sistema de ecuacionesde compati&ilidad.
,n resumen! en los marcos I/ 1 # I/ 5 es necesario determinar el *alor del
desplaamiento $oriontal en C #a +ue RCX (fuera reacti*a $oriontal en el
pasador del punto C ) fue suprimida en el marco $iperest%tico.
Los *alores de los desplaamientos re+ueridos pueden o&tenerse con cual+uiera
de los mtodos e2plicados en el tema 1.6 para marcos. ,n este e0emplo se
utiliar% el mtodo del tra&a0o *irtual! de&ido a +ue es lo m%s recomenda&le. ara
su sencilla aplicación! le $emos denominado estructura M a la primaria #
estructura m a la li&erada con fuera $oriontal unitaria aplicada en C . ,s
importante recordar +ue las coordenadas x a emplear en los cortes tienen +ue
ser iguales # las direcciones positi*as de los momentos tampoco de&en cam&iar entre las dos estructuras recin mencionadas. La primera e2presión nos indica
+ue d1 es el desplaamiento $oriontal en el punto C del marco MIF 1 #
+ue se determinar% aplicando la ecuación del tra&a0o *irtual la cual re+uiere de la
com&inación adecuada de los omentos internos M con los omentos
internos m 6 por su parte! la segunda e2presión nos dice +ue f 11 es el
desplaamiento $oriontal en el punto C del marco MIF 2 # +ue se calcular%
utiliando la ecuación del tra&a0o *irtual la cual necesita de la com&inación propia
de los omentos internos m con los omentos internos m .
d1=∆ HC MIF 1=∫ L1
L2
Mm
EI dx
f 11=∆ HC MIF 2=∫ L
1
L2
mm EI
dx
- 7n%lisis de la estructura isost%tica I/ 1.
C%lculo de las reacciones en los apo#os.
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+∑ MA=0⇒−21 (8 )−7 (18 )+ R CY (21)=0⇒∴ R CY =14 k
+↑∑ FY =0⇒ R AY −21+14−7=0⇒∴ R AY =14 k
+→∑ FX =0⇒ R AX =0
or trigonometra
Longitud de miem!ro incin"do= LCB=√ 82+62=10 #
"=1
2 LCB=
1
2(10 # )=5# ;sin $=
6
10=
3
5 ; cos$=
8
10=
4
5
C%lculo de las componentes rectangulares.
¿ %"r" F =7 k
F Y # = F cos $=7 k ( 45 )=5.6k
F X # = F sin $=7 k (35 )=4.2 k
¿ %"r" RCY =14 k
RCYY
= RCY
cos$=14 k
(4
5
)=10.2k
RCYX = RCY sin$=14 k ( 3
5 )=8.4 k
omentos internos M .
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iem&ro 78
0 & x1 &8 #
+∑ Mcorte=0
−14 ( x1 )+ M 1=0⇒ M 1=14 x1
0 & x2 &7 #
+∑ Mcorte=0
M 2+21 ( x2 )−14 (8+ x2 )=0
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iem&ro C8
0 & x3
&5 #
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+∑ Mcorte=0
− M 3−8.4 ( x3 )=0
M 3=−8.4 x3
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ulo de las componentes rectangulares.
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0 & x4 & 5 #
+∑ Mcorte=0
− M 4+4.2 ( x4 )−8.4 ( x4
+5 )=0
− M 4+4.2 x4−8.4 x4−42=0
M 4=−4.2 x4−42
- 7n%lisis de la estructura isost%tica I/ 5C%lculo de las reacciones en los apo#os.
+∑ MA=0⇒ R CY (21 )−1(8)=0⇒∴ RCY =0.3809
+↑∑ FY =0⇒− R AY +0.3809=0⇒∴ R AY =0.3809
+→∑ FX =0⇒ R AX −1=0⇒∴ R AX =1
¿ %"r" F =1
F X # = F cos$=1( 4
5 )=0.8
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F Y # = F sin $=1( 3
5 )=0.6
¿ %"r" RCY =0.3809
RCYY = RCY cos$=0.3809( 4
5 )=0.30472
RCYX = RCY sin$=0.3809( 3
5 )=0.22854
omentos internos m .
Como #a se $a&a mencionado! de&e usarse las mismas coordenadas x +ue
las
empleadas para deducir los omentos internos M ! sin importar +ue en am&os
miem&ros (78 # C8) no $a# *ariación de carga.
iem&ro 78
0 & x1 &8 #
+∑ Mcorte=0
M 1+0.3809 ( x1 )=0⇒ M 1=−0.3809 x1
0 & x2 &7 #
+∑ Mcorte=0
M 2+0.3809 (8+ x2)=0
M 2=−3.0472−0.3809 x2=0
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iem&ro C8
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0 & x3 &5 #
+∑ Mcorte=0
− M 3−0.22854 ( x3 )+0.8 ( x3 )=0
M 3=0.5715 x3
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0 & x4 & 5 #
+∑ Mcorte=0
− M 4−0.2285 ( x4+5)+0.8( x4+5 )=0
M 4=−1.1425−0.2285 x4+4+0.8 x 4
M 4=2.8575+0.5715 x4
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C%lculo de la incompati&ilidad geomtrica d1 .
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d1=∫
0
8 (14 x1 )(−0.3809 x
1 ) EI
dx1+∫
0
7 (−7 x2+112) (−3.0472−0.3809 x
2 ) EI
dx2
+
∫0
5 (−8.4 x3 ) (0.5715 x3 )
EI dx3+
∫0
5 (−4.2 x4−42 ) (2.8575+0.5715 x4 )
EI dx4=
−4867.02
EI
C%lculo del coeficiente de fle2i&ilidad f 11 .
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f 11=∫0
8 (−0.3809 x1 )2
EI dx1+∫
0
7 (−3.0472−0.3809 x2 )2
EI dx2+∫
0
5 (0.5715 x3 )2
EI dx3+∫
0
5 (2.8575+0.5715 x4 )2
EI dx
f) C%lculo de la fuera correcti*a o reacción redundante.
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reescri&imos la ecuación de compati&ilidad geomtrica
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d1+f 11 RCX =0−−−(2 )
sustitu#endo
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−4867.02
EI +
272.091
EI RCX =0−−−(3 )
despe0ando la incógnita
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RCX =4867.02
272.091=17.8875⇒∴ RCX =17.8875 k
g) C%lculo de las reacciones faltantes para la estructura real.
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PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
Las fueras reacti*as desconocidas restantes pueden determinarse si aplicamoslas ecuaciones de e+uili&rio a un diagrama de cuerpo li&re en el +ue colo+uemosla fuera redundante +ue $a sido calculada.
+→∑ FX =0⇒−17.8875+ R AX =0⇒∴ R AX =17.8875 k
+∑ MA=0⇒−21 (8 )−7 (18 )−17.8875 (8 )+ RCY (21 )=0⇒∴ RCY =20.8143 k
+↑∑ FY =0⇒ R AY +20.8143−21−7=0⇒∴ R AY =7.1857 k
5.- Calcular las reacciones en los soportes con el mtodo de la fuera del marcomostrado en la siguiente figura. ,l miem&ro 7-8 soporta una carga con *ariaciónlineal! el 8-3 una carga uniformemente repartida # el ,-3 una presión cur*a
definida por la ecuación indicada! cu#o origen ( x=0 ) se considera en , # en la
+ue se $an colocado sus *alores en los puntos inicial # final. ,n la tra&e $a# una
articulación en C. Considere
EI
constante. 3eterminar adem%s las ecuacionesde momento! cortante # normal.
SOLUCIÓN.
$) C%lculo del grado de indeterminación.
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n'mero de miem!ro(en e m"rco (m )=3 ( A−B ; B− ); E− ) )
n'mero de incognit"(de re"cci*n (r )=5 ( R AX ; R AY ; R EX ; R EY ; M E )
n'mero de nodo( ( j )=4 ( A ; B ; ) ; E )
ecu"cione( de condici*n ( c)=1 (" "rticu"ci*n enC )
Si r+3m=5+3 (3 )=14 # 3 j+c=3 (4 )+1=13 ! entonces r+3 m>3 n+c ! por lo
+ue el marco es est%ticamente indeterminado de grado 14−13=1 .
i) ,lección de la fuera redundante # planteamiento de la estructura primaria.
Seleccionaremos como acción redundante a R AX . ,n consecuencia! en la
estructura primaria! el apo#o articulado (pasador) en A se reemplaa por un
apo#o simple (oscilador o rodillo)! puesto +ue ste "ltimo no restringir% A
$oriontalmente # entonces la capacidad del marco para soportar una fuera enesa dirección # en ese punto se elimina.
0) rincipio de superposición.
,l marco real ( MR) es igual a la estructura primaria m%s la estructura li&erada
&a0o la acción de la redundante R AX 6 ósea MR= MIF 1+ MIF II .
,structura primaria ⟹ I/ 1(,structura M )
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,n ste marco A se desplaa $oriontalmente una cantidad de ∆ HA MIF 1=d1 .
,structura li&erada con fuera redundante R AX aplicada ⟹ MIF II
,n ste marco A se desplaa $oriontalmente una cantidad de
∆ HA MIFII = R AX ( f 11) .
9) lanteamiento de la ecuación de compati&ilidad geomtrica.
or superposición! la ecuación de compati&ilidad para el desplaamiento
$oriontal en A del apo#o articulado es
∆ HA MIF 1+∆ HA MIFII =∆ HA MR−−−(1 )
,n el marco original no $a# desplaamiento $oriontal #a +ue est% restringido por
el pasador! as +ue ∆ HA MR es nulo. :ealiando las sustituciones
correspondientes la ecuación puede e2presarse en trminos de la incógnita R AX
como
d1+f 11 R AX =0−−−(2 )
Si a la estructura li&erada le aplicamos una unidad de fuera $oriontal en
A
correspondiente a la fuera redundante! el coeficiente de fle2i&ilidad puedeo&tenerse directamente al calcular el desplaamiento $oriontal en ese punto! por
lo +ue ∆ HA MIF 2=f 11 .
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,structura li&erada con fuera $oriontal unitaria aplicada en A⟹ I/ 5(,structura
m )
l) C%lculo de los desplaamientos necesarios para el sistema de ecuacionesde compati&ilidad.
,n resumen! en los marcos I/ 1 # I/ 5 es necesario determinar el *alor del
desplaamiento $oriontal en A #a +ue R AX (fuera reacti*a $oriontal en
el apo#o articulado del punto A ) fue suprimido en el marco $iperest%tico. 7
continuación el orden con el +ue se calcular%n los desplaamientos por mediodel mtodo del tra&a0o *irtual.
d1=∆ HA MIF 1=∫ L
1
L2
Mm
EI dx
f 11=∆ HA MIF 2=∫ L1
L2
mm
EI dx
- 7n%lisis de la estructura isost%tica I/1.
ara la presión cur*a4
• C%lculo de la carga concentrada e+ui*alente.
A C =∫ dA=∫ L1
L2
+dx=∫0
2
1√ 5−2 x
dx
resol*emos la integral de forma indefinida
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∫ 1
√ 5−2 xdx=∫ (5−2 x )
−1
2 dx
Sean n=−1
2 # u=5−2 x . ,ntonces du=−2 dx ! # por tanto dx=
−1
2du .
7s! la regla de sustitución da
∫ (5−2 x )−1
2 dx=∫ un
,−1
2 du=
−1
2 ∫u
ndu=
−1
2 ( un+1
n+1 )
¿−1
2 ( (5−2 x )−1
2 +1
−1
2 +1 )=−(5−2 x )
1
2
∫0
21
√ 5−2 xdx=[−(5−2 x )
1
2 ]0
2
=[−(5−2 (2 ) )1
2]−[−(5−2 (0 ) )1
2 ]
¿−1+2.23606777=1.236067977
Ac=1.236067977 -
• unto de aplicación.
´ x=∫~ x dA
∫ dA=
∫ L
1
L2
x+dx
∫ L
1
L2
+dx
=∫0
2
x
√ 5−2 xdx
∫0
2
1
√ 5−2 xdx
Como el denominador #a $a sido resuelto! sólo atendemos al numerador.
∫ x
√ 5−2 x
dx
Sea
u= x d.= 1
√ 5−2 xdx
7/26/2019 problemas de análisis estructural
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382
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
,ntoncesd.=.=¿∫ 1
√ 5−2 xdx=−(5−2 x )
1
2
du=dx∫¿
7l integrar por partes tendremos
∫u d.=u.−∫ . du
∫ x
√ 5−2 xdx=( x)[−(5−2 x )
1
2 ]+∫ (5−2 x )1
2 dx
∫ (5−2 x )1
2 dx=−1
2 ∫ (5−2 x )
1
2 (−2dx )=−1
2
( (5−2 x )
3
2
3
2
)=−(5−2 x )
3
2
3
∫ x
√ 5−2 xdx=− x (5−2 x )
1
2−(5−2 x )
3
2
3=− x (5−2 x )
1
2−(5−2 x ) (5−2 x )
1
2
3
¿(5−
2 x )1
2
(− x−
5−2 x
3
)− x−
5−2 x
3 =
−3 x−5+2 x
3 =
− x−5
3 =
−1
3 ( x+5 )
∫ x
√ 5−2 xdx=
−(√ 5−2 x ) ( x+5 )3
∴∫0
2
x√ 5−2 x
dx=
[−(
√ 5−
2 x ) ( x+
5
)3 ]0
2
=5√
53 −7
3/ 1.393446629
,l &rao de la palanca es
´ x=1.393446629
1.236067977=1.127322004 m hacia arriba de E y sobre el miembro E-D.
7/26/2019 problemas de análisis estructural
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383
PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
C%lculo de las reacciones en los soportes.
+∑ MC i01=0⇒ R AY (4 )−[ (4 ) (2 )2 ]( 13 (2 ))−(3 ) (4 )( 12 (4 ))=0⇒∴ R AY =
20
3-
+→∑ FX =0⇒(4 ) (2 )
2 −2−1.236067977− R EX =0⇒∴ R EX =0.763932023 -
+↑∑ FY =0⇒20
3 −(3 ) (6 )+ R EY =0⇒∴ R E+=
34
3 -
+∑ MC der=0⇒(3)(2)( (1/2 )(2))+1.236067977(2−1.127322004)
−(34 /3)(2)+ M E=0⇒∴
M E=14.0601133 - , m+(0.763932023)(2)¿
omentos internos M .
iem&ro 7-8
0 & x1 &2 m
+
∑ Mcorte=0
− M 1−[ ( x1 ) (2 x
1 )2 ]( x1
−2
3 x
1)=0⇒ M 1=− x1
3
3
´ x I
A -C
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384
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
4
2=21/ x1⇒21=2 x1
iem&ro 8-3
0 & x2 &6 m
+∑ Mcorte=0
− M 2+20
3 ( x2 )−
[
( 4 ) (2 )2
](1
3 (2 )
)−(3 ) ( x2 )
(
1
2 x2
)=0
x2=4, M
2=0 → emomento en" "rticu"ci*n e(cero
iem&ro ,-3
0 & x3 &2
ara la presión cur*a del corte.
• C%lculo de la carga concentrada e+ui*alente.
A - ´ x II ´ x
1
A 3RC
M 2=−8
3 +
20
3 x2−
3
2 x 2
2
7/26/2019 problemas de análisis estructural
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385
PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
A CC =∫0
x3
1
√ 5−2 xdx=[−(5−2 x )
1
2 ]0
x3
=√ 5−√ 5−2 x3
• unto de aplicación.
´ x III =∫0
x3
x
√ 5−2 xdx
∫0
x3
1
√ 5−2 xdx
∫0
x3
x
√ 5−2 xdx=[−(√ 5−2 x) ( x+5 )
3 ]0
x3
=5√ 5
3 −
(√ 5−2 x3 ) ( x3+5 )3
∴ ´ x III =
5√ 5
3 −
(√ 5−2 x3 ) ( x3+5)3
√ 5−√ 5−2 x3
+∑ Mcorte=0⇒− M 3+14.06011330+0.763932023 ( x3 )
+(√ 5−√ 5−2 x3 )
( x3−
5√ 53 −
(√ 5−2 x3 ) ( x3+5 )3
√ 5−√ 5−2 x3
)=0
M 3=1
3(5−2 x3 )
3
2+3 x3+10.33333333
- 7n%lisis de la estructura isost%tica I/5.
C%lculo de las reacciones en los soportes.
+∑ MC i01=0⇒−(1 ) (2 )+ R AY (4 )=0⇒∴ R AY =12
+→∑ FX =0⇒1− R EX =0⇒∴ R EX =1
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386
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
+↑∑ FY =0⇒1
2− R EY =0⇒∴ R EY =
1
2
+∑ MC der=0⇒1
2(2 )+1 (2 )− M E=0⇒∴ M E=3
omentos internos m .
iem&ro 7-8
0 & x1 &2 m
+∑ Mcorte=0 − M 1−1 ( x1 )=0⇒ M 1=− x1
iem&ro 8-3
0 & x2
&6 m
+∑ Mcorte=0
− M 2+1
2( x2 )−1 (2 )=0⇒ M
2=
1
2 x
2−2
x2=4, M 2=0 → emomento en
""rticu"ci*n e( nuo
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387
PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
iem&ro ,-3
0 & x3 &2 m
+∑ Mcorte=0 − M 3+1 ( x3 )−3⇒ M 3= x3−3
C%lculo de la incompati&ilidad geomtrica d1 .
d1=( 1 EI )[∫0
2
(− x1
3
3 )(− x1 ) d x1+∫0
6
(−8
3+20
3 x2−
3
2 x2
2)(12 x2−2)d x2
+∫0
2
(13 (5−2 x3 )
3
2+3 x3+10.33333333) ( x3
−3 ) d x3]
:esol*iendo integrales por separado
(− x1
3
3 ) (− x1 ) d x1=¿∫0
2
( x1
4
3 )d x1=[+ x1
5
15 ]0
2
=32
15
∫0
2
¿
∫0
6
(−8
3 +
20
3 x2−
3
2 x2
2)( 1
2 x2−2)d x2=∫
0
6
(−3 x23
4 +
19 x22
3 −
44 x2
3 +
16
3 )d x2=[−3 x24
16 +
19 x23
9 −
22 x22
3 +
16 x
3
∫0
2
(1
3 (5−2 x3 )
32+3 x3+10.33333333)( x3−3 ) dx3
∫0
2 [−(5−2 x3 )3
2−2 x3
2 (5−2 x3 )1
2
3 +
5 x3 (5−2 x3 )1
2
3 +3 x3
2+1.33333 x3−31]d x3
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388
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
esta integral a su *e se resuel*e por separado
∫0
2
−(5−2 x3 )3
2 d x3=1
2∫0
2
−(5−2 x3 )3
2 (2)d x3=1
2
[
(5−2 x3 )5
2
5
2
]0
2
=1
5[ (5−2 x3 )
5
2 ]02
=−10.98033989
∫0
2 −2 x3
2 (5−2 x3 )1
2
3d x
3=−2
3 ∫
0
2
x3
2 (5−2 x3 )
1
2 d x3
Sea
u= x32
d.=(5−2 x3 )1
2 d x3
,ntonces
du=2 x3
d x3∫ d.=.=
−(5−2 x3 )3
2
3
7l integrar por partes tendremos
∫ud.=u.−∫ .du
−2
3 ∫
0
2
x3
2 (5−2 x3 )1
2 d x 3=−2
3 [ x3
2(−(5−2 x3 )3
2
3 )−∫−2 x3 (5−2 x3 )3
2
3 d x3]
0
2
¿−2
3 [− x32 (5−2 x3 )
3
2
3 +
2
3∫ x3 (5−2 x3 )
3
2 d x3]0
2
∫ x3 (5−2 x3)3
2 d x3
Sea u= x3d.=(5−2 x3 )
3
2 d x3
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389
PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
,ntonces du=d x3 ∫d.=.=−1
5 (5−2 x3)
5
2
7l integrar por partes tendremos ∫ud.=u.−∫ .du ! es decir!
∫ x3 (5−2 x3)3
2 d x3=−1
5 x3 (5−2 x3 )
5
2−∫−1
5 (5−2 x3 )
5
2 d x3
¿−1
5 x 3 (5−2 x3 )
5
2− 1
35(5−2 x3 )
7
2=(5−2 x3 )5
2 (−1
5 x3−
1
35(5−2 x3))
¿ (5−2 x3 )
5
2
(−1
7 x3−
1
7
)=−( x3+1 ) (5−2 x3 )
5
2
7
∫0
2 −2 x3
2 (5−2 x3 )1
2
3 d x3=
−2
3 [− x3
2 (5−2 x3 )3
2
3 +
2
3 [−( x3+1 ) (5−2 x3 )5
2
7 ]]0
2
¿[ 2 x32 (5−2 x3 )
3
2
9 +
4 ( x3+1 ) (5−2 x3 )3
2 (5−2 x3 )63 ]
0
2
¿[ (5−2 x3 )3
2 ( 2
9 x 3
2+ 4
63( x3+1 ) (5−2 x3 ))]
0
2
=[(5−2 x3)3
2(2
9 x3
2− 8
63 x 3
2+ 4
21( x3 )+
20
63 )]0
2
¿[ (5−2 x3 )
3
2 ( 2
21 x
3
2+ 4
21 x
3+
20
63 )]0
2
=[ (5−2 x3 )
3
2 ( 6
63 x
3
2+12
63 x
3+
20
63 )]0
2
=[ 2 (3 x3
2+6 x3+10) ( 5−2 x
3 )3
2
63 ]0
2
=−
∫0
2
[5 x3 (5−2 x
3 )12
3 ]d x3=
5
3∫0
2
x3 (5−2 x
3)1
2 d x3
Sea u= x3 d.=(5−2 x3 )1
2 d x3
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390
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
,ntonces du=d x3 ∫d.=.=
−(5−2 x3 )3
2
3
7l integrar por partes tendremos ∫ud.=u.−∫ .du ! es decir!
5
3∫0
2
x3 (5−2 x
3 )1
2 d x3=
5
3[− x3 (5−2 x3 )
3
2
3+1
3∫ (5−2 x
3 )3
2 d x3]
0
2
¿5
3 [− x3 (5−2 x3 )3
2
3 +
1
3 (−(5−2 x3 )5
2
5 )]0
2
=[−5 x3 (5−2 x3 )3
2
9 −
(5−2 x3 ) (5−2 x3 )3
2
9 ]0
2
¿[ (5−2 x3 )3
2 (−5
9 x3−
1
9(5−2 x3 ))]
0
2
=[ (5−2 x3 )3
2 (−1
9 (3 x3+5))]
0
2
¿[−(3 x3+5) (5−2 x3 )3
2
9 ]0
2
=4.989077715
∫0
2
(3 x3
2+1.33333 x3−31)d x3= [ x3
3+0.666665 x3
2−31 x3 ]02
=−51.33334
∴d1=
1
EI [3215−19−10.98033989−2.46995+4.989077715−51.33334]=−76.66121884
C%lculo del coeficiente de fle2i&ilidad f 11
(− x1 )2 d x1+∫0
6
(12
x 2−2
)2
d x2+¿∫0
2
( x3−3 )2 d x3
∫0
2
¿
¿f 11=¿
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391
PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
:esol*iendo las integrales por separado
∫0
2
(− x1 )
2d x
1=[ x1
3
3 ]02
=8
3
( x22
4 −2 x2+4)d x2=¿ [ x 2
3
12− x2
2+4 x2]0
2
=6
( 1
2 x 2−2)
2
d x2=¿∫0
6
¿
∫0
6
¿
∫0
2
( x3−3 )2
d x 3=∫0
2
( x3
2
−6 x3+9) d x3=
[ x3
3
3 −3 x3
2
+9 x3
]02
=26
3
∴ f 11= 1
EI [8
3+6+
26
3 ]=52
3
m) C%lculo de la fuera correcti*a o acción redundante.
Sustitu#endo los resultados en la ecuación (2 ) # resol*iendo se o&tiene
−76.66121884+52
3 R AX =0−−−(3 )⇒ R AX =
76.66121884
52
3
=4.422762625
,l signo positi*o indica +ue R AX act"a en el mismo sentido al +ue se muestra
en la figura de I/ II.
∴ R AX =4.422762625-
n) Calculo de las reacciones restantes del marco original.
Con el *alor o&tenido! podemos calcular las dem%s fueras reacti*as en lossoportes aplicando las ecuaciones de e+uili&rio.
7/26/2019 problemas de análisis estructural
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392
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
+∑ MC i01=0⇒ R AY (4 )−4.422762625 (2 )− (4 ) (2 )
2 ( 1
3(2 ))−3 (4 )( 1
2(4 ))=0
R AY =35.51219192
4 ⇒∴ R AY =8.878047979 -
+→∑ FX =0⇒[ (4 ) (2)2 ]−2−1.236067977+4.422762625− R EX =0
∴ R EX =5.186694648 -
+↑∑ FY =0⇒8.878047979−(3 ) (6 )+ R EY =0⇒∴ R EY =9.121952021-
+∑ MC der=0⇒ (3 ) (2 )
(
1
2
(2 )
)+1.236067977 (2−1.127322004 )
+(5.186694648 ) (2 )−9.121952021 (2 )+ M E=0⇒∴ M E=0.7918254209 - , m
o) ,cuaciones de momento! cortante # normal de la estructura real
iem&ro 7-8
0 & x1 &2 m
7/26/2019 problemas de análisis estructural
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393
PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
+∑ Mcorte=0
− M 1−[ ( x1 ) (2 x1 )2 ]( 1
3 x1)−4.422762625 ( x1 )=0
M 1=− x1
3
3 −4.422762625 x1
x1=2 m 4 M 1=−11.51219- 5 m
6 1=
d M 1
d x1
=− x1
2−4.422762625 +↑∑ F+=0⇒ 7 1=−8.878047979
iem&ro 8-3
0 & x2 &6 m
+∑ Mcorte=0
− M 2
+8.878047979
( x
2 )−4.422762625 (2 )−
[ ( 4 ) (2 )
2
] (1
3(2 )
)−3
( x
2 )(1
2 x
2
)=0
M 2=−3
2 x2
2+8.878047979 x2−11.51219192
7/26/2019 problemas de análisis estructural
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394
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
x2=0, M 2=−11.51219- 5m x2=4 m4 M
2=0 → E momento e(nuo en" "rticu"ci*n
x2=6 m 4 M 2=−12.2439- 5 m
6 2=d M 2d x2
=−3 x2+8.878047979
+→∑ FX =0⇒(4 ) (2 )
2 +4.422762625+ 7 2=0⇒ 7 2=−8.422762625
iem&ro ,-3
0 & x3 &2 m
+∑ Mcorte=0⇒
M 3=5.186694648
x3+0.7918254209
+(√ 5
−√ 5
−2
x3 )
( x3−
5√ 5
3 −
(√ 5−2 x3) ( x3+5 )3
√ 5−√ 5−2 x3)⇒ M 3=
(5−2 x3 )3
2
3 +7.422762625 x3−2.934954541
x3=2 m4 M 3=12.2439 - 5 m
6 3=d M
3
d x3=7.422762625−(5−2 x3 )
1
2
+↑∑ FY =0⇒ 7 3=−9.121952021
;.- Calcular las fueras reacti*as en los soportes # determinar las ecuaciones delmomento flector! la fuera cortante # la fuera normal de la siguiente *iga
7/26/2019 problemas de análisis estructural
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Carga distribuida irregularmente
395
PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
isost%tica sometida a las cargas indicadas. O&sr*ese +ue en el tramo )− E ! la
estructura soporta una carga distri&uida irregularmente en la +ue se conocen seispuntos.
SOLUCIÓN.
7/26/2019 problemas de análisis estructural
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396
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
No se pueden determinar los *alores de las reacciones en los apo#os sin antescalcular las cargas concentradas e+ui*alentes # sus puntos de aplicación de todaslas presiones6 adem%s! las cargas puntuales inclinadas de&en descomponerse ensus componentes rectangulares para el plano en el +ue se desea esta&lecer ele+uili&rio. ara la carga o presión distri&uida irregularmente de&e construirse
primero una función +ue a0uste a los puntos conocidos6 como se tienen seis datos!se propone un polinomio de grado cinco (n datos -1) de la siguiente forma4
+=" x5+! x
4+cx3+d x
2+ex+ f −−−−−( I )
3e&ido a +ue en todos los cortes +ue se $ar%n en la estructura siempre se tomar%
como origen al punto A ! los puntos conocidos son
en x=4 m4 +=0 ; e n x=5 m4 +=2 -
m
; e n x=6 m4 +=3 - /m
en x=7 m 4 +=1- /m; e n x=8 m4 +=2 - /m; e n x=9m 4 +=0
Sustitu#endo los *alores anteriores respecti*amente en la ecuación ( I ) !
formulamos
el siguiente sistema de ecuaciones4
0=" (4 )5
+! (4 )4
+c ( 4)3
+d (4 )2
+e ( 4 )+ f
0=1024 "+256 !+64 c+16 d+4 e+ f −−−−−(1 )
2=" (5 )5+! (5 )4+c (5 )3+d (5 )2+e (5 )+ f
2=3125"+625!+125c+25d+5 e+ f −−−−−(2)
3=" (6 )5+! (6 )4+c (6 )3+d (6 )2+e (6 )+f
3=7776 "+1296!+216c+36d+6e+ f −−−−−(3 )
1=" (7 )5+! (7 )4+c (7 )3+d (7 )2+e (7 )+ f
7/26/2019 problemas de análisis estructural
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397
PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
1=16807 "+2401!+343 c+49 d+7 e+ f −−−−−( 4 )
2="(8 )5+! (8 )4+c (8 )3+d (8 )2+e (8 )+ f
2=32768"+4096!+512c+64d+8e+ f −−−−−(5 )
0=" (9)5+! (9 )4+c (9)3+d (9)2+e (9)+f
0=59049 "+6561!+729 c+81d+9 e+ f −−−−−(6 )
e2presando el sistema en forma matricial se tiene
( 1024 256 64 16 4 1
3125 625 125 25 5 1
7776 1296 216 36 6 1
16807 2401 343 49 7 1
32768 4096 512 64 8 1
59049 6561 729 81 9 1)("
!
c
de
f )=(0
2
3
1
2
0)despe0ando las incógnitas # simplificando
("
!c
de
f )=
( 1024 256 64 16 4 1
3125 625 125 25 5 1
7776 1296 216 36 6 1
16807 2401 343 49 7 1
32768 4096 512 64 8 1
59049 6561 729 81 9 1)−1
∗
(0
23
1
2
0)=
(−0.166667
5.33333−66.8333
409.167
−1221.5
1422 )por ende! la función polinomial +ue descri&e la carga distri&uida irregularmente es
+=−0.166667 x5+5.33333 x
4−66.8333 x3+409.167 x
2−1221.5 x+1422
7n%lisis de las presiones.
resión triangular.- Carga concentrada e+ui*alente.
A1=(3 - /m ) (3 m)
2 =4.5-
- unto de aplicación.
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398
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
´ x1=2
3 (3 m )=2 m " " derec8"de B
resión distri&uida irregularmente.- Carga concentrada e+ui*alente.
A2=∫ dA=∫ L1
L2
+dx
A2=∫4
9
(−0.166667 x5+5.33333 x
4−66.8333 x3+409.167 x
2−1221.5 x+1422 ) dx
A2=[−0.166667
6 x
6+5.33333
5 x
5−66.8333
4 x
4+409.167
3 x
3−1221.5
2 x
2+1422 x]4
9
A2=−0.02777783 (96−46 )+1.066666 (95−4
5 )−16.708325 (94−44 )
+136.389 (93−43 )−610.75 (92−42)+1422 (9−4 ) / 8.74 -
- unto de aplicación.
´ x2=∫~ x dA
∫ dA=∫ L
1
L2
x+dx
∫ L
1
L2
+dx
´ x2=
∫4
9
( x ) (−0.166667 x5+5.33333 x
4−66.8333 x3+409.167 x
2−1221.5 x+1422 ) dx
∫4
9
(−0.166667 x5+5.33333 x
4−66.8333 x3+409.167 x
2−1221.5 x+1422 ) dx
resol*iendo el numerador
∫4
9
( x ) (−0.166667 x5+5.33333 x
4−66.8333 x3+409.167 x
2−1221.5 x+1422 ) dx
¿∫4
9
(−0.166667 x6+5.33333 x
5−66.8333 x4+409.167 x
3−1221.5 x2+1422 x)dx
¿[−0.166667
7 x
7+5.33333
6 x
6−66.8333
5 x
5+409.167
4 x
4−1221.5
3 x
3+1422
2 x
2]49
¿−0.02380957 (97−47 )+0.88888833 (96−4
6 )−13.36666 (95−45 )
+102.29175 (94−44 )−407.1666667 (93−4
3 )+711 (92−42 ) /58.68
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399
PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
el denominador #a fue resuelto.
∴ ´ x2=58.68
8.74 / 6.714 m""derec8"de A
C%lculo de las componentes rectangulares.
- ara F 1=7-
81=√ 32+4
2=5
sin $1=4
5 ; cos$1=
3
5
sin$1=
F 1Y
7- ;cos$
1=
F 1 X
7-
F 1 Y =7 - ( sin$1 )=7- ( 4
5 )=5.6 -
F 1 X =7- (cos$
1 )=7- ( 35 )=4.2-
- ara F 2=5-
82=√ 12+12=√ 2
sin $2=cos$2= 1
√ 2
sin$2=
F 2Y
5- ;cos$
2=
F 2 X
5-
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400
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
F 2 Y =5 - (sin $
2)=5 - ( 1
√ 2 )=3.53553-
F 2 X =5 - (cos $2 )=5 - ( 1
√ 2 )=3.53553-
3iagrama de cargas de la estructura en el +ue se identifican las reacciones en losapo#os.
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Carga distribuida irregularmente
401
PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
1
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402
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
+→∑ FX =0⇒4.2− R EX −3.53553=0⇒∴ R EX =0.66447 -
+∑ MC =0⇒−5.6 (3 )+8.74 (3.714 )− R EY (6 )+3.53553 (8 )=0⇒∴ R EY =7.3241 -
+↑∑ FY =0⇒−5.6−4.5+ RCY −8.74+7.3241−3.53553=0⇒∴ R CY =15.0514 -
La fuera reacti*a *ertical del soporte en C tam&in se puede o&tener
planteando la siguiente ecuación4
+∑ ME=0⇒3.53553 (2 )−8.74 (2.286 )−4.5 (6 )+ R CY (6 )−5.6 (9 )=0
∴ RCY =15.0514 -
3iagrama de cuerpo li&re en el +ue se *isualian los *alores de las reacciones enlos apo#os.
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en ! es la coordenada "ue se usará para obtener las ecuaciones de los elementos mecánicos # es $álida para
403
PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
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404
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
/unciones de momento! cortante # normal de la *iga.
0 & x &1m
+∑ Mcorte=0⇒−5.6 x− M 1=0⇒ M 1=−5.6 x
x=1 m; M 1=−5.6 - 5 m
+↑∑ FY =0⇒−5.6−6 1=0⇒6
1=−5.6
+→∑ FX =0⇒4.2+ 7 1=0⇒ 7 1=−4.2
usando tri%ngulos seme0antes4
7n%lisis de la presión triangular del corte.
- Carga concentrada e+ui*alente.
1 m & x &3 m
3 - /m
3 m =
21
x−1 m⇒2
1= x−1
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405
PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
A1 C =( x−1 ) ( x−1 )
2 =
( x−1 )2
2
- unto de aplicación.
´ x I =1
3 ( x−1 )" "i01uierd" de corte
+∑ Mcorte=0⇒−5.6 x−( x−1 )2
2 [1
3( x−1 )]− M
2=0
M 2=−5.6 x−
1
6( x−1 )3=−5.6 x−
1
6 [ ( x )3−3 ( x )2 (1 )+3 (1)2 ( x )−(1 )3 ]
¿−5.6 x−16 [ x3−3 x2+3 x−1 ]=−1
6 x3+ 1
2 x2−6.1 x+1
6
x=1 m; M 2=−5.6 - 5 m ; x=3 m ; M 2=−18.1333 - 5 m
+↑∑ FY =0⇒−5.6−( x−1 )2
2−6
2=0
6 2=−5.6−
( x )2−2 ( x ) (1 )+(1 )2
2 =−5.6−
1
2 x
2+ x−1
2=−1
2 x
2+ x−6.1
o tam&in
6 2=
d M 2
dx =
d (−1
6 x
3+1
2 x
2−6.1 x+1
6 )dx
=−1
2 x
2+ x−6.1
+→∑ FX =0⇒ 7 2=−4.2
3 m& x& 4 m
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406
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
+∑ Mcorte=0⇒−5.6 x+15.0514 ( x−3 )− ( x−1)2
2 [ 13
( x−1 )]− M 3=0
M 3=−5.6 x+15.0514 x−45.1542−1
6 x
3+1
2 x
2− x
2+
1
6
M 3=−1
6 x
3+1
2 x
2+8.9514 x−44.9875
x=3 m; M 3=−18.1333 - 5 m ; x=4 m; M 3=−11.8486- 5 m
+↑∑ FY =0⇒−5.6−( x−1)2
2+15.0514−6
3=0⇒6
3=−1
2 x
2+ x+8.9514
o tam&in
6 3=d M 3
dx =d
(−1
6 x
3
+
1
2 x
2
+8.9514 x−44.9875
)dx =−1
2 x
2+ x+8.9514
+→∑ FX =0⇒ 7 3=−4.2
4 m & x & 9 m
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c$
c$
Carga distribuida irregularmente
407
PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
7n%lisis de la presión distri&uida irregularmente del corte.
- Carga concentrada e+ui*alente4
A2 C =∫
4
x
(−0.166667 x5+5.33333 x
4−66.8333 x3+409.167 x
2−1221.5 x+1422 ) dx
7/26/2019 problemas de análisis estructural
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408
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
¿−0.027778 x6+1.06667 x
5−16.7083 x4+136.389 x
3−610.75 x2+1422 x−1346.05
´ x II =∫4
x
( x ) (−0.166667 x5+5.33333 x
4−66.8333 x3+409.167 x
2−1221.5 x+1422 ) dx
∫4
x
(−0.166667 x5+5.33333 x
4−66.8333 x3+409.167 x
2−1221.5 x+1422 ) dx
resol*iendo el numerador4
∫4
x
( x ) (−0.166667 x5+5.33333 x
4−66.8333 x3+409.167 x
2−1221.5 x+1422 ) dx
∫4
x
(−0.166667 x6
+5.33333 x5
−66.8333 x4
+409.167 x3
−1221.5 x2
+1422 x ) dx
−0.02381 x7+0.888888 x
6−13.3667 x5+102.292 x
4−407.167 x3+711 x
2−1067.35
el denominador #a fue resuelto.
´ x II =−0.02381 x
7+0.888888 x6−13.3667 x
5+102.292 x4−407.167 x
3+711 x2−1067.35
−0.027778 x6+1.06667 x
5−16.7083 x4+136.389 x
3−610.75 x2+1422 x−1346.05
+∑ Mcort e=0
−5.6 x−4.5 ( x−3 )+15.0514 ( x−3 )−(−0.027778 x6+1.06667 x
5
−16.7083 x4+136.389 x
3−610.75 x2+1422 x−1346.05 )( x− −0.02381 x
7
−0.027778 x6
+0.888888 x6−13.3667 x
5+102.292 x4−407.167 x
3+711 x2−1067.35
+1.06667 x
5
−16.7083 x
4
+136.389 x
3
−610.75 x
2
+1422 x−1346.05
)− M 4=0
M 4=0.00396826 x7−0.17777766 x
6+3.34166499 x5−34.09724999 x
4
+203.58333333 x3−711 x
2+1351.00417866 x−1099.00628838
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PROBLEMARIO DE ANÁLISIS DE ESTRUCTURAS ISOSTÁTICAS E HIPERESTÁTICAS PARA VIGAS, MARCOS Y ARMADURAS EN R2
x=4 m4 M 4=−11.8486- 5 m ; x=9 m 4 M 4=−7.07 - 5 m
6 4=d M 4
dx =0.02777783 x
6−1.0666599 x5+16.708325 x
4−136.389 x3+610.75 x
2
−1422+1351.00417866
+→∑ FX =0
7 4=−4.2
9 m & x & 11m
+∑ Mcorte=0
−5.6 x−4.5 ( x−3 )+15.0514 ( x−3 )−8.74 ( x−6.714 )+7.3241 ( x−9 )− M 5=0
−5.6 x−4.5 x+13.5+15.0514 x−45.1542−8.74 x+58.68036+7.3241 x
−65.9169− M 5=0⇒ M
5=3.5355 x−38.89074
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410
UNIVERSIDAD NACIONAL AUTÓNOMA DE MÉXICOFACULTAD DE ESTUDIOS SUPERIORES ARAGÓN
x=9 m 4 M 5=−7.071 ; x=11m4 M 5=0
+↑∑ FY =0⇒−5.6−4.5+15.0514−8.74+7.3241−6 5=0⇒6
5=3.5355
o tam&in
6 5=d M 5
dx =
d (3.5355 x−38.89074 )dx
=3.5355
+→∑ FX =0⇒4.2−0.66447+ 7 5=0⇒ 7
5=−3.53553
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