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PROFMAT/UFCG/MA12 - MATEMATICA DISCRETA Aluno: Welhington S´ ergio da Silva Matr´ ıcula: 2015.020.067-1 12 de abril de 2015 Exerc´ ıcio da Unidade 7 Exerc´ ıcio 4.5: Determine x n , dada a sequˆ encia: a) x n+1 =2x n e x 1 = 3; b) x n+1 = x n +3e x 1 = 2. Resolu¸c˜ ao: a) x n+1 =2x n e x 1 = 3; A sequˆ encia dada ´ e uma recorrˆ encia linear de primeira ordem. Resolvendo esta recorrˆ encia temos, x 2 = 2x 1 x 3 = 2x 2 x 4 = 2x 3 ... ... ... x n = 2x n-1 . Da´ ı, multiplicando, obtemos x n =2 n-1 x 1 . Como x 1 = 3, temos x n =3 · 2 n-1 . outra maneira de resolver: x n+1 =2x n , implica que x n+1 /x n = 2, assim observamos que a raz˜ ao en- tre dois termos consecutivos ´ e constante e igual a 2. Logo, a sequˆ encia ´ e uma progress˜ ao geom´ etrica de raz˜ ao 2. Como o primeiro termo ´ e x 1 = 3, o termo geral ´ e dado por x n =3 · 2 n-1 . b) x n+1 = x n +3e x 1 = 2. A sequˆ encia dada ´ e uma recorrˆ encia linear de primeira ordem. Resolvendo esta recorrˆ encia temos, x 2 = x 1 +3 x 3 = x 2 +3 x 4 = x 3 +3 ... ... ... x n = x n-1 +3. Da´ ı, somando, obtemos x n = x 1 +(n - 1) · 3. Como x 1 = 2, temos x n =2+(n - 1) · 3=3n - 1. 1

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Exercicios de Recorrencia

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  • PROFMAT/UFCG/MA12 - MATEMATICA DISCRETA

    Aluno: Welhington Sergio da Silva Matrcula: 2015.020.067-1

    12 de abril de 2015

    Exerccio da Unidade 7

    Exerccio 4.5: Determine xn, dada a sequencia:

    a) xn+1 = 2xn e x1 = 3;

    b) xn+1 = xn + 3 e x1 = 2.

    Resolucao:

    a) xn+1 = 2xn e x1 = 3;

    A sequencia dada e uma recorrencia linear de primeira ordem. Resolvendo esta recorrencia temos,

    x2 = 2x1x3 = 2x2x4 = 2x3. . . . . . . . .xn = 2xn1.

    Da, multiplicando, obtemos xn = 2n1x1. Como x1 = 3, temos xn = 3 2n1.

    outra maneira de resolver: xn+1 = 2xn, implica que xn+1/xn = 2, assim observamos que a razao en-tre dois termos consecutivos e constante e igual a 2. Logo, a sequencia e uma progressao geometricade razao 2. Como o primeiro termo e x1 = 3, o termo geral e dado por xn = 3 2n1.

    b) xn+1 = xn + 3 e x1 = 2.

    A sequencia dada e uma recorrencia linear de primeira ordem. Resolvendo esta recorrencia temos,

    x2 = x1 + 3x3 = x2 + 3x4 = x3 + 3. . . . . . . . .xn = xn1 + 3.

    Da, somando, obtemos xn = x1 + (n 1) 3. Como x1 = 2, temos xn = 2 + (n 1) 3 = 3n 1.

    1

  • outra maneira de resolver: xn+1 = xn + 3, implica que xn+1 xn = 3, assim observamos quea diferenca entre dois termos consecutivos e constante e igual a 3. Logo, a sequencia e umaprogressao aritmetica de razao 3. Como o primeiro termo e x1 = 2, o termo geral e dado porxn = 2 + (n 1) 3 = 3n 1.

    Exerccio da Unidade 8

    Exerccio 4.21: Quantas sao as sequencias de n termos, todos pertencentes a {0, 1, 2}, que nao possuemdois termos consecutivos iguais a 0?

    Resolucao: Seja xn o numero de sequencias com n termos iguais a 0, 1 ou 2 satisfazendo a condicao: naoconter dois zeros consecutivos.

    Calculo de x1 e x2:

    x1 = 3; As unicas sequencias possveis sao: 0, 1 e 2.

    x2 = 8; As unicas sequencias possveis sao: 01, 02, 10, 11, 12, 20, 21 e 22.

    Uma equacao de recorrencia para xn e dada por xn+2 = 2xn+1 + 2xn, n 1 com x1 = 3 e x2 = 8.

    Justificativa:

    As sequencias de n + 2 termos que nao tem dois termos consecutivos podem comecar por 0, 1, ou 2.

    i) As sequencias que comecam por 0 tem o proximo elemento igual a 1 ou 2 e a seguir, uma sequenciade n termos sem zeros consecutivos. Logo, o numero de sequencias de n + 2 termos que comecampor 0 e igual a 2xn.

    ii) As sequencias que comecam por 1 tem a seguir uma sequencia de n+1 termos sem zeros consecutivos.Logo, o numero de sequencias de n + 2 termos que comecam por 1 e igual a xn+1.

    iii) As sequencias que comecam por 2 tem a seguir uma sequencia de n+1 termos sem zeros consecutivos.Logo, o numero de sequencias de n + 2 termos que comecam por 2 e igual a xn+1.

    Portanto, xn+2 = 2xn+1 + 2xn, n 1, o que termina a justificativa.

    Passemos agora a resolver a recorrencia: xn+2 = 2xn+1 + 2xn, n 1 com x1 = 3 e x2 = 8. Esta e umarecorrencia linear de segunda ordem homogenea com coeficientes constantes, cuja equacao caractersticacorrespondente e dada por: r2 2r 2 = 0, cujas razes sao r1 = 1 +

    3 e r2 = 1

    3. Logo, a solucao

    geral da recorrencia sera da forma:

    xn = C1(1 +

    3)n + C2(1

    3)n, n 1, C1 e C2 constantes.Atribuindo a n os valores 1 e 2 e em seguida substituindo x1 por 3 e x2 por 8 na equacao acima, obtem-seo sistema: {

    C1(1 +

    3) + C2(1

    3) = 3

    C1(4 + 2

    3) + C2(4 2

    3) = 8

    2

  • Calculo de C1 e C2:

    C1(1 +

    3) + C2(1

    3) = 3 C1 = 3 C2 + C2

    3

    1 +

    3(1)

    C1(4 + 2

    3) + C2(4 2

    3) = 8 C1 = 8 4C2 + 2C2

    3

    4 + 2

    3(2)

    De (1) e (2), temos

    3 C2 + C2

    3

    1 +

    3=

    8 4C2 + 2C2

    3

    4 + 2

    3

    12 4C2 + 4C2

    3 + 6

    3 2C2

    3 + 6C2 = 8 4C2 + 2C2

    3 + 8

    3 4C2

    3 + 6C2

    4C2

    3 = 2

    3 4 2C2

    3 =

    3 2 C2 =

    3 22

    3=

    3 22

    3

    33

    =3 23

    6.

    Agora substituindo o valor de C2 em (1), encontramos o valor de C1:

    C1 =3 3 2

    3

    6(13)

    1 +

    3=

    18 3 + 23 + 33 66 + 6

    3

    =9 + 5

    3

    6 + 6

    3=

    9 + 5

    3

    6 + 6

    3 6 6

    3

    6 63 =

    =54 543 + 303 90

    72 =36 24372 =

    (12) (3 + 23)(12) 6 =

    3 + 2

    3

    6.

    Portanto, C1 =3 + 2

    3

    6e C2 =

    3 236

    .

    Logo o numero de sequencias de n termos iguais a 0, 1 ou 2 que nao possuem dois zeros consecutivose

    xn =3 + 2

    3

    6 (1 +

    3)n +

    336

    (1

    3)n, n 1.

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