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juanjosesanchez
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Ejercicio termo
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ECUACIONES DIFERENCIALESECUACIONES EXACTAS E0200
Resolver las ecuaciones diferenciales siguientes:
(1)(3y2 cotx + sen x cos x) dx − 2y dy = 0
(2)(y ln y + yex) dx + (x + y cos y) dy = 0
(3)
y ′ =y sen 2x + xy2
y3 − sen2x
canek.uam.mx: 22/ 4/ 2003.1
2 ECUACIONES EXACTAS E0200
Respuestas
(1) Resolver:
(G) (3y2 cotx + sen x cos x) dx − 2y dy = 0
M = 3y2 cot x + sen x cos x ⇒ My = 6y cot xN = −2y ⇒ Nx = 0
}My 6= Nx
Entonces la edo. no es exacta.
¿Existe factor integrante µ = µ(x) ?, es decir,
¿ EsMy − Nx
Nuna funcion, solo, de x ?
My − Nx
N=
6y cot x
−2y= −3 cotx
Que depende solo de x, entonces si existe factor integrante µ = µ(x) y cumple con la edo.
dµ
dx=
My − Nx
Nµ
dµ
dx= −3 cot xµ ⇒ dµ
µ= −3 cot x dx ⇒
∫dµ
µ= −3
∫cos x
sen xdx ⇒ ln µ = −3 ln(sen x) = ln(sen x)−3 ⇒
µ(x) = sen−3x
Multiplicando la edo. (G) por el factor integrante, se obtiene:
(3y2sen−4x cos x + sen−2x cos x) dx − 2ysen−3x dy = 0(H)
M = 3y2sen−4x cos x + sen−2x cos x ⇒ M y = 6ysen−4x cos x
N = −2ysen−3x ⇒ Nx = 6ysen−4x cos x
M y = Nx ⇒ la edo. (H) es exacta
Entonces existe f(x, y) tal que fx = M y fy = N
f =
∫ y
N dy =
∫−2ysen−3x dy = −y2sen−3x + hx
Derivando respecto a x e igualando a M :
fx = 3y2sen−4x cos x + h ′(x) = 3y2sen−4x cos x + sen−2x cos x
h ′(x) = sen−2x cos x
h(x) =
∫(sen x)−2 cos x dx = −(sen x)−1
Entonces:
f(x, y) = −y2sen−3x − sen−1x
ECUACIONES EXACTAS E0200 3
Por lo tanto, la solucion es:
−y2sen−3x − sen−1x = C1; C1 constante
y2 + sen2x = C sen−3x; C constante
(2) Resolver:
(I) (y ln y + yex) dx + (x + y cos y) dy = 0
M = y ln y + yex ⇒ My = 1 + ln y + ex
N = x + y cos y ⇒ Nx = 1
}My 6= Nx no exacta
¿ Existe factor integrante µ = µ(x) ?
My − Nx
N=
1 + ln y + ex − 1
x + y cos y=
ln y + ex
x + y cos yNo depende solo de x, entonces no existe µ = µ(x).
¿ Existe factor integrante µ = µ(y) ?
Nx − My
M=
− ln y − ex
y ln y + yex= − ln y + ex
y(ln y + ex)= −1
yQue si depende solo de y, entonces si existe µ = µ(y) el cual cumple con la edo.:
dµ
dy=
Nx − My
Mµ
dµ
dy= −1
yµ ⇒ dµ
µ= −dy
y⇒
∫dµ
µ= −
∫dy
y⇒
ln µ = − ln y = ln y−1 ⇒ µ = y−1 ⇒ µ(y) = y−1
Multiplicando la edo. (I) por el factor integrante, se obtiene:
(ln y + ex) dx + (xy−1 + cos y) dy = 0(J)
M = ln y + ex ⇒ M y =1
yN = xy−1 + cos y ⇒ Nx = y−1
M y = Nx exacta
Entonces existe f(x, y) tal que fx = M y fy = N
f =
∫ x
(ln y + ex) dx = x ln y + ex + h(y)
Derivando respecto a y e igualando a N :
fy =x
y+ h ′(y) = xy−1 + cos y
h ′(y) = cos y ⇒ h(y) = sen y
4 ECUACIONES EXACTAS E0200
Entonces
f(x, y) = x ln y + ex + sen y
Por lo tanto, la solucion es:
x ln y + ex + sen y = C ; C constante
(3) Resolver:
y ′ =y sen 2x + xy2
y3 − sen2x
(y sen 2x + xy2) dx + (y3 − sen2x) dy = 0(K)
M = y sen 2x + xy2 ⇒ My = sen 2x + 2xy
N = y3 − sen2x ⇒ Nx = −2 sen x cos x = − sen 2x
My 6= Nx entonces, la edo. no es exacta .
¿ Existe factor integrante µ = µ(x) ?
My − Nx
N=
sen 2x + 2xy + sen 2x
y3 − sen2x=
2 sen 2x + 2xy
y3 − sen2x6= g(x)
Entonces no existe µ = µ(x).
¿ Existe factor integrante µ = µ(y) ?
Nx − My
M=
−2 sen 2x − 2xy
y sen 2x + xy2=
−2(sen 2x + xy)
y(sen 2x + xy)= −2
y
Entonces si existe µ = µ(y), el cual cumple con:
dµ
dy= −2
yµ ⇒ dµ
µ= −2
ydy ⇒
∫dµ
µ= −2
∫dy
y⇒
ln µ = −2lny = ln y−2 ⇒ µ(y) = y−2
Multiplicando (K) por el factor integrante se obtiene:
(y−1 sen 2x + x) dx + (y − y−2sen2x) dy = 0(L)
M = y−1 sen 2x + x ⇒ M y = −y−2 sen 2x
N = y − y−2sen2x ⇒ Nx = −y−22 sen x cos x = −y−2 sen 2x
M y = Nx
Entonces la edo. (L) es exacta
ECUACIONES EXACTAS E0200 5
Por lo tanto, existe f(x, y) tal que fx = M y fy = N
f =
∫ x
(y−1 sen 2x + x) dx = −1
2y−1 cos 2x +
x2
2+ h(y)
Derivando respecto a y e igualando a N :
fy =1
2y−2 cos 2x + h ′(y) = y − y−2sen2x
h ′(y) = y − y−2sen2x − 1
2y−2 cos 2x =
= y − y−2
(1
2− 1
2cos 2x
)− 1
2y−2 cos 2x =
= y − 1
2y−2
h(y) =
∫ (y − 1
2y−2
)dy =
1
2y2 +
1
2y−1
Entonces:
f(x, y) = −1
2y−1 cos 2x +
x2
2+
1
2y2 +
1
2y−1
Por lo tanto la solucion es:
−1
2y−1 cos 2x +
1
2x2 +
1
2y2 +
1
2y−1 = C1
y−1 1 − cos 2x
2+
1
2(x2 + y2) = C1
y−1sen2x +1
2(x2 + y2) = C1
Multiplicando por 2y:
2sen2x + y(x2 + y2) = 2C1y
2sen2x + y(x2 + y2) = Cy; C constante