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Universidad Técnica Federico Santa María Departamento de Matemática Certamen 3 Mate 4 Pauta julio 23, 2012 1. Encuentre la coordenada z del centro de masa de la porción del cono z = p x 2 + y 2 entre z =1 y z =2 , si la densidad de masa es constante δ . Ayuda: z = RR S (x, y, z )dS RR S δ (x, y, z )dS Solución: Observar que se trata de una superficie del tipo z = f (x, y) con dominio en el anillo 1 x 2 + y 2 4 . Luego se tiene m = ZZ S δ dS = δ ZZ 1x 2 +y 2 4 q z 2 x + z 2 y +1 dxdy = δ ZZ 1x 2 +y 2 4 s x 2 x 2 + y 2 + y 2 x 2 + y 2 +1 dxdy = 2δ ZZ 1x 2 +y 2 4 dxdy =3 2δπ 1

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    Certamen 3 Mate 4 Pautajulio 23, 2012

    1. Encuentre la coordenada z del centro de masa de la porcin del cono z =x2 + y2 entre

    z = 1 y z = 2 , si la densidad de masa es constante .

    Ayuda: z =

    S

    z(x, y, z)dSS

    (x, y, z)dS

    Solucin:

    Observar que se trata de una superficie del tipo z = f(x, y) con dominio en el anillo1 x2 + y2 4 . Luego se tiene

    m =

    S

    dS

    =

    1x2+y24

    z2x + z

    2y + 1 dxdy

    =

    1x2+y24

    x2

    x2 + y2+

    y2

    x2 + y2+ 1 dxdy

    =

    2

    1x2+y24

    dxdy = 3

    2

    1

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    Por otra parte

    mz =

    S

    z dS

    =

    1x2+y24

    x2 + y2

    x2

    x2 + y2+

    y2

    x2 + y2+ 1 dxdy

    =

    2

    1x2+y24

    x2 + y2 dxdy

    = 4

    2

    /20

    21

    r2 d dr

    = 4

    2

    ( /20

    d

    )( 21

    r2 dr

    )=

    14

    2

    3

    Luego

    z =14

    9

    2. SeaF (x, y, z) = ( y z , yz , xz ) . Considerar S la superficie que consta de 4 caras del

    cubo determinado por las ecuaciones: 0 x 2 , 0 y < 2 , 0 z < 2 . Calcularusando el Teorema de la divergencia:

    S

    F n dS

    donde la superficie esta orientada por la normal exterior.

    Solucin:

    Observar que las caras que faltan corresponden a las caras y = 2 y z = 2 . Usando el teoremade la divergencia se tiene

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    S

    (y z , yz , xz) n dS =R

    (z x) dV S1

    (y z , yz , xz) n dS

    S2

    (y z , yz , xz) n dS

    donde R es el cubo slido [0, 2] [0, 2] [0, 2] y las superficies S1 , S2 corresponden a lastapas y = 2 y z = 2 respectivamente. Calculando cada una de estas integrales se tiene:

    Para la regin slida R :

    R

    (z x) dV = 20

    20

    20

    (z x) dy dz dx = 2 20

    (z2

    2 xz

    z=2z=0

    )dx

    = 2

    20

    (2 2x) dx = 0

    Para S1 . Usar la parametrizacin : x = x , y = 2 , z = z .

    S1

    (y z , yz , xz) n dS = 20

    20

    (2 z , 2z , xz) (0, 1, 0) dz dx = 20

    20

    2z dz dx = 8

    Para S2 . Usar la parametrizacin: x = x , y = y , z = 2 :

    S2

    (yz , yz , xz)n dS = 20

    20

    (y2 , 2y , 2x)(0, 0, 1) dy dx = 20

    20

    2x dy dx = 8

    Por lo tanto:

    S

    F n dS =

    R

    (z x) dV S1

    (y z , yz , xz) n dS S2

    (y z , yz , xz) n dS

    = 0 8 + 8 = 0

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    3. Sea S el hemisferio superior de la esfera x2 +y2 + z2 = 2z y sea el campo vectorial definidoporF (x, y, z) = (z sen(x) y3 , z cos(y) + x3 , cos(xy)) . Calcule:

    S

    F n dS

    n tiene 3ra coordenada positiva.

    Solucin:

    Sea la curva x2 +y2 = 1 en el plano z = 1 , la cual corresponde al borde de la superficieS . Usando Stokes se tiene:

    S

    F n dS =

    [(z sen(x) y3)dx+ (z cos(y) + x3)dy + cos(xy)dz

    La cual debe recorrerse en sentido positivo.

    Parametrizacin de .

    :x = cos(t)y = sen(t)z = 1

    Luegodx = sen(t)dy = cos(t)dz = 0

    t . Calculando se tiene:

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    S

    F n dS =

    (z sen(x) y3)dx+ (z cos(y) + x3)dy + cos(xy)dz

    =

    [ sen(cos(t)) sen(t) + sen4(t) + cos(sen(t)) cos(t) + cos4(t)] dt

    =

    [sen4(t) + cos4(t)] dt

    =

    [(1

    2(1 cos(2t))

    )2+

    (1

    2(1 + cos(2t))

    )2]dt

    =1

    2

    [1 + 1 cos2(2t)]dt

    =1

    2

    [t+

    1

    2

    (t+

    sen(4t)

    4

    )

    ]=

    3

    2

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    4. Sea : R3 R un campo escalar de clase C2 que satisface

    2 = 4

    y div ( ()) = 10 Calcular

    S

    ndS donde S es la esfera unitaria y

    nes la derivada

    direccional de en la direccin del vector normal unitario exterior a S.

    Solucin:

    Previo.

    div() = ( x , y , z)

    = xx + xx + y y + yy + z z + zz

    = (x)2 + (y)

    2 + (z)2 + (xx + yy + zz)

    = 2 + 2 = 10

    Pero 2 = 4 . Despejando

    2 = 10 2 = 10 4 = 6

    Si 6= 0 se tiene:

    2 = 6

    ahora calculando la integral se tiene:S

    ndS =

    S

    n dS =

    x2+y2+z21

    div() dV

    =

    x2+y2+z21

    2 dV = 6

    x2+y2+z21

    dV = 8

    6