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UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
1
Universidad de ConcepciónFacultad de Ciencias Químicas
Química General para Ingeniería
Unidad 5
Tema: Estado gaseoso y Teoría
cinético-molecular de gases.
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
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Unidad 5. El estado gaseoso de la materia y la teoría cinético-molecular.
5.1.- Perspectiva de los estados físicos de la materia.
5.2.- Presión y presión de los gases.
5.3.- Leyes de los gases y su fundamento experimental. Ecuación de estado de gas ideal.
5.4.- Aplicaciones de la ecuación de estado de gas ideal.
5.5.- Teoría cinético-molecular, modelo para gases.
5.6.- Comportamiento real de los gases.
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5.1. Perspectiva de los estados físicos de la materia.
De los tres estados físicos de la materia:sólido, líquido, gaseoso
el más ampliamente estudiado y al que más dedicación por comprender su comportamiento se ha dado, es el estado gaseoso.Las razones por las cuales esto ha sido así pueden ser:=> más amplitud de intervalos de manipulación de variables experimentales=> conocimiento del estado gas sirve de base para com- prensión de comportamiento de los otros estados.
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Muchos de los gases atmosféricos: nitrógeno, oxígeno, vapor de agua, dióxido de carbono, son escenciales para la vida y ellos participan en ciclos complejos de reacciones de óxido-reducción durante el movimiento que experimentan a través del ambiente.
N2 H2O(g)
O2
CO2
También son numerosos los gases que juegan importantes roles en la industria química, como por ejemplo:
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Algunos gases importantes en la industria.
NOMBRE FORMACIÓN USO
Metano,
CH4
En depósitos de petróleo, producido por bacterias que habitan en las termitas, vacunos y ovejas
Combustible doméstico
Amoníaco, NH3
N2(g) + 3H2(g) =
2NH3(g)
En producción de fertilizantes y explosivos
continúa …
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… continuación …
NOMBRE: Cloro, Cl2
OBTENCIÓN: por descomposición electrolí- tica de soluciones de cloruros de …
2NaCl(ac) + 2H2O(l) = 2NaOH(ac) + Cl2(g) + H2(g)
USOS: Blanqueo de papel, textiles, desinfec- tante doméstico. …
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… continuación …
NOMBRE: Gas de síntesis. Es una mezcla de monóxido de carbono e
hidrógeno: CO y H2
OBTENCIÓN:
C(s, carbón) + H2O(l) = CO(g) + H2(g)
USOS: Combustible limpio del carbón (libre de azufre); CO para síntesis de compuestos químicos. …
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… continuación …
NOMBRE: Hexa fluoruro de uranio, UF6
OBTENCIÓN:
UO2(s) + 4HF(ac) + F2(g) = UF6(g) + 2H2O(l)
USOS: Para producción de combustible de
uranio en energía nuclear.
…
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… continuación …
NOMBRE: Etileno, C2H4
FORMACIÓN: Descomposición a alta tempera-
tura de gas natural (cracking).
USOS: En la producción de plásticos, síntesis de
hidrocarburos.
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Las propiedades químicas de un gas dependen
de su naturaleza (elementos que lo forman y
composición), sin embargo todos los gases
tienen propiedades físicas marcadamente
similares.
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El estudio del estado gaseoso comprenderá:
• revisión de sus propiedades físicas (macros-cópicas)
• análisis de relaciones empíricas entre las
propiedades (macroscópicas)
• presentación de modelo microscópico idealizado de la estructura de un gas
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Las propiedades físicas macroscópicas de un sistema son aquellas que definen su estado (físico), ellas pueden variar sin que cambie la naturaleza del sistema.
Ejemplos de propiedades físicas:
volumen, masa, temperatura, presión,
densidad, viscosidad, dureza, capacidad
calórica, … etc.
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Según sean los valores de presión y de temperatura , una sustancia presenta estado: sólido y/o líquido y/o gas
En términos muy generales, las características comparativas más evidentes de estos estados son:
SÓLIDO: forma propia, volumen propio, LÍQUIDO: en parte se adapta a la forma del reci- piente que lo contiene, volumen definido, deformable, GASEOSO: no tiene forma, ocupa todo el espacio disponible,
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Otras características que presentan los gases, y que los diferencian de los líquidos y sólidos, son:
• altamente compresibles
• térmicamente expandibles, del orden de 50 a 100 veces más
• baja viscosidad (baja resistencia a fluir)
• baja densidad (del orden de 1000 veces menor)
• infinitamente miscibles (se mezclan entre sí en cualquier
proporción)
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El cambio de densidad que se observa cuando una muestra de gas condensa a líquido ofrece la “clave” para entender la estructura submicroscópica de los gases comparada con la de los líquidos o los sólidos.
Por ejemplo, N2(g) a 20°C y 1 atm tiene densidad
d = 1,25 g/L si este nitrógeno se enfría bajo -196°C, condensa a líquido y su densidad cambia a 0,808 g/mL.
Estos valores de densidad indican que la misma cantidad de nitrógeno ocupa un volumen 600 veces menor en estado líquido que en estado gas.
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Si el nitrógeno se enfría hasta -210 °C, éste solidifica y en estas condiciones la densidad es 1,03 g/mL, es decir, el sólido es sólo un poco más denso que el líquido.
Estos valores de densidad permiten asegurar que la moléculas de N2 están muy separadas en estado gas y muy juntas en los estados líquido y sólido. gas líquido sólido Cajas
conteniendo gas líquido sólido
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5.2. Presión.
Presión atmosférica:
Es la presión que ejerce la atmósfera.
Se mide en barómetro.
A 0°C y a nivel del mar, se define la equivalencia:
1 atm = 760 mmHg
Esto significa que la altura de una columna de Hg de 760 milímetros ejerce la misma presión que la unidad de presión denominada atm.
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Presiónatmosférica
h = Altura columna de Hgh proporcional a P atmosférica
Vacío
Presión de la columna de mercurio
Mercurio
Medición de PRESIÓN ATMOSFÉRICA
Barómetro de TORRICELLI.
Medición de PRESIÓN ATMOSFÉRICA
Barómetro de TORRICELLI.
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Barómetro de Torricelli.
Medición de presión atmosférica. vacío
h Presión atmosférica
hP aatmosféric
mercurio
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A = área transversal de la columna g = acel. de gravedad = 9,8075 m/s2
h = altura columna d = densidad líquido dHg = 13,6 g/mL
Calcule el valor de P si h = 76 cm de Hg. Exprese el valor en unidades SI.
hgdPV
hgmP
hA
h g m P
A
g m
A
FP
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Las unidades deben estar en sistema SI, esto es: masa en “kg” longitud en “m” tiempo en “s”
P = 101324,85 kg m-1 s-2
HgHg hgdP
m 0,76s
m 9,8075
m
kg 13593,9P
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Este valor de P equivale a 1 atm, por lo tanto en unidades SI:
1 atm = 101325 kg m-1 s-2
unidad de fuerza
N/m2 N (newton) F = m g => kg m s-2
N/m2 = kg m-1 s-2 Pa (pascal)
1 atm = 101325 Pa
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¿Qué altura debe tener una columna de agua para que ella ejerza una presión igual a 1 atm? Calcule esta altura.
¿Se puede construir un barómetro de Torricelli usando agua como fluido?
¿Qué inconvenientes presentaría este barómetro?
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hagua = 10,3314 m
¿Será práctico?• demasiado alto• el agua se evapora con facilidad
aguaagua hgdP
h s
m 9,8075
m
kg 1000
sm
kg 101325 agua232
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Unidades comunes de presión.
Nombre de la unidad, símbolo
Equivalencia
con 1 atm
Campo científico
Pascal, Pa 1,01325 x 105 Pa SI, física, química
atmósfera, atm 1 atm química
Torricelli, torr 760 torr química
bar 1,01325 bar meteorología
mmHg 760 mmHg Química, biolo-gía, medicina
Lb/in2 14,7 lb/in2 Ingeniería
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Presión de gas.
La presión de un gas es la que él ejerce sobre las paredes de la vasija que lo contiene y en todas direcciones.
Se mide en manómetro. de rama cerrada Hay 2 tipos de manómetro (ver Figura 5.4 Chang) de rama abierta
GAS
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h
Gas
BA
Matraz evacuado
Extremocerrado
Vacío
Niveles iguales
Medición de presión de GASMedición de presión de GAS
Manómetro de rama cerrada
Pgas = h
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B Patm
h
Gas
P gas = P atm - h
gas
A
h
Manómetro de rama abierta
Patm
P gas = P atm
Gas
A
P gas = P atm + h
Patm
Gas
C
Extremo abierto a la atmósfera
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5.3. Leyes de los gases y su fundamento experi-mental. Ecuación de estado de gas ideal.
Se midieron propiedades físicas de gases en diferentes condiciones cuidando siempre que el gas se encontrara a:
temperatura “altas” (muy por sobre temperatura
y de condensación del gas)
presiones “bajas” (muy por bajo la presión de
condensación del gas)
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Estas condiciones ( T “altas” y P “bajas”) se conocen como condiciones ideales.
Las leyes de los gases se obtuvieron a partir de los valores experimentales de las propiedades medidas bajo las condiciones señaladas.
Por esta razón se las denomina leyes para gases ideales.
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Las propiedades físicas directamente medidas fueron: Presión (P) Temperatura (T) masa (m) n (mol) volumen (V)Los experimentos se diseñaron de tal manera que se obtuviera información sobre la influencia de una propiedad en otra, manteniendo fijos (durante el experimento) los valores de las otras dos propiedades.
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Experimentos realizados con gases en condiciones ideales.
Experimento de Boyle.
Estudia la relación entre la presión y el volumen de una cantidad de gas a temperatura fija.
El experimento consiste en mantener a una temperatura constante una masa del gas y medir el volumen que ocupa el gas cuando él ejerce distintas presiones o viceversa.
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Gas: A
Masa = …… constantes
Temperatura = …..
Presión (unidad) Volumen (unidad)
……..
…….
…….
…….
etc
……
……..
…….
…….
etc
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Los resultados del experimento de Boyle indican que:
al aumentar la presión del gas su volumen disminuye (y viceversa) cuando m y T se mantienen constantes.
P T = cte Los valores de P y V m = cte’ medidos por estar a T = cte. dan origen a una ISOTERMA. V
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P (torr) V (mL)
781 20
1038 15
1560 10
3115 5
Ley de Boyle, T y m ctes.
0
5
10
15
20
25
0 1000 2000 3000 4000
P (torr)
V (m
L)
Ley de Boyle, T y m ctes.
0
0
0
0
0 1000 2000 3000 4000
1/P (1/torr)
T y m constantes
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Relación PRESIÓN – VOLUMEN, a T y n ctes.
LEY DE BOYLE
Relación PRESIÓN – VOLUMEN, a T y n ctes.
LEY DE BOYLE
0
20
15
10
5V
olu
men
(m
L)
0.0005 0.0010 0.0015
20
15
10
5
0
Vo
lum
en (
mL
)
1000 2000 3000
Presión (mm Hg) 1/Presión (mm Hg)-1
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Los valores de P y V a T y m constantes quedan representados por la ecuación:
m y T ctes.
donde la constante que depende de T y de m.
Si el experimento se repite con la misma cantidad de gas pero a otra temperatura, T1, los valores de P y V que se miden dan origen a otra isoterma, ahora a T1 y
m y T1 ctes
P V = constante
P V = constante’
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La posición de la nueva isoterma en el gráfico de P vs V depende de cómo sea T1 comparada con T.
P
Si T1 > T
T1
T
V
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En resumen la ley de Boyle expresa:
P V = constante o n y T ctes.
P1V1 = P2V2 = … si n y T ctes.
P
tetanconsV
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Experimento de Charles y Gay-Lussac.
Estudia la relación entre el volumen y la temperatura de una cantidad de gas a presión fija.
El experimento consiste en mantener a una presión constante una masa del gas y medir el volumen que ocupa el gas en función de la temperatura.
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Relación TEMPERATURA – VOLUMEN, n y P ctes.
LEY DE CHARLES y GAY
LUSSAC.
Relación TEMPERATURA – VOLUMEN, n y P ctes.
LEY DE CHARLES y GAY
LUSSAC.
B. Baño de agua hirviendo 100°C (373 K)
Patm
Calentador
A. Baño de agua y hielo 0°C (273 K)
Patm
Aire atrapado
Termómetro
Mercurio
Tubo de vidrio
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3,0
2,0
1,0Vo
lum
en (
L)
Temperatura
n = 0,04 mol
n = 0,02 mol
0 73 173 273 373 473 573 673 773 (K)
-273 -200 -100 0 200 300 400 500100 (ºC)
m y P ctes.
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En resumen la ley de Charles expresa:
V = constante x T n y P ctes.
La proporcionalidad de V es directa sólo con respecto de la T en K.
si n y P ctes.
...T
V
T
V
2
2
1
1
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Experimento de Avogadro.
Estudia la relación entre el volumen y la cantidad de gas a temperatura y presión fijas.
El experimento consiste en mantener la presión y temperatura fijas y medir el volumen que ocupan, en esas condiciones, diferentes cantidades de un gas.
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Relación entre VOLUMEN- CANTIDAD DE GAS, P y T
ctes. LEY DE AVOGADRO
Relación entre VOLUMEN- CANTIDAD DE GAS, P y T
ctes. LEY DE AVOGADRO
Cilindro A
Cilindro B
P atmT
P atmT V = constante x nV = constante x n
P y T Ctes.
2
2
1
1
n
V
n
V
Si la cantidad de gas se expresa en moles (n):
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Combinando las leyes:
Boyle: n y T fijas
Charles: n y P fijas
Avogadro: P y T fijas
=> PV = R nT
Ecuación de estado de gas ideal
P
cteV 1
TcteV 2
ncteV 3
P
T ncteV 4
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Ecuación de estado para gas ideal:
P V = n R TR = constante universal de los gases
variable significado unidades
P Presión del gas Atm, mmHg, Pa, torr, ..
V Volumen del gas L, m3, mL, …
n Moles del gas Mol
T Temperatura del gas
K (solamente)
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Valores de R:
0,082 atm L mol-1 K-1
R = 62,32 mmHg L mol-1 K-1
8308,65 Pa L mol-1 K-1
… otros valores en otras unidades.
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En la ecuación de estado del gas ideal:
P V = n R T
se pueden introducir otras propiedades del gas, como por ejemplo, densidad (d) y masa molar (M).
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Ecuación de estado de gas ideal expresada en función de d, M (masa molar), T y P:
TRdMP
TRV
mMP
TRM
mVP
TRnVP
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La ecuación de estado de gas ideal permite
calcular:
directamente cualquiera de las propiedades del
gas: n, T, P ó V, siempre que se conozcan las
otras tres indirectamente cualquiera otra propiedad del gas
que se relacione con las anteriores.
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La ecuación de estado de gas ideal también se puedeaplicar a mezclas de gases:
Si se aplica a una mezcla de gases, el significado de las propiedades es: P = presión de la mezcla T = temperatura de la mezcla V = volumen de la mezcla (V del recipiente) n = moles totales de gas en la mezcla d = densidad de la mezcla M = masa molar de la mezcla
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Ecuación de estado aplicada a mezcla de gases:
A modo de ejemplo, considérese una mezcla de tres gases: gas A; gas B y gas C.
Supóngase que la mezcla de estos tres gases es tal que contiene:
nA moles de gas A
nB moles de gas B
nC moles de gas C
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La ecuación de estado para la mezcla es
P V = nt R T (1)
Donde:
• P es la presión de la mezcla (presión total
que ejercen los gases que forman la mezcla)
• nt es el número total de moles de gas en la
mezcla, esto es: nt = nA + nB + nC
A(g) B(g)
C(g)
La mezcla ocupa el volumen V a T y ejerce presión P
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La ecuación de estado de gas ideal se puede aplicar a cada gas en forma individual.
Para gas A: PA V = nA R T (2)
Para gas B: PB V = nB R T (3)
Para gas C: PC V = nC R T (4)puesto que cada gas ocupa todo el volumen V a T y donde:
PA es la presión que ejerce el gas A
PB es la presión que ejerce el gas B
PC es la presión que ejerce el gas C
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• Sumando las ecuaciones (2), (3) y (4) se obtiene:
PA V = nA R T
PB V = nB R T
PC V = nC R T
(PA + PB + PC) V = (nA + nB + nC) R T
• Reemplazando nt = nA + nB + nC se obtiene: (PA + PB + PC) V = nt R T (6)
• Comparando ec (6) con la ecuación de estado
para la mezcla: P V = nt R T (1)
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se puede concluir que:
P = PA + PB + PC (7)
Esta última relación establece que:
la presión P de la mezcla es igual a la
suma de las presiones que cada gas
ejerce individualmente en la mezcla.
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La presión que ejerce cada gas en una mezcla se denomina PRESIÓN PARCIAL, debido a que ella es sólo una parte de la presión de la mezcla.
Así: PA = presión parcial del gas A
PB = presión parcial del gas B
PC = presión parcial del gas C
La presión P de la mezcla también se acostumbra a llamarla presión total (presión de todos los gases en la mezcla).
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La ecuación (7) :
P = PA + PB + PC
constituye una ley, se conoce como Ley de Dalton, es válida para mezclas de gases y establece:
La presión total de una mezcla de gases es igual a la suma de las presiones parcialesde todos los gases presentes en la mezcla.
La presión total de una mezcla de gases es igual a la suma de las presiones parcialesde todos los gases presentes en la mezcla.
Cada gas y la mezcla ocupan el mismo V y están a la misma T.
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Otra expresión para la ley de Dalton se obtiene por comparación de cada una de las ecuaciones (2), (3) y (4) con la ecuación (1).
En efecto, comparando (2) con (1):
PA V = nA R T (2)
P V = nt R T (1)
(8)
t
AA
n
n
P
P
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Recordando que fracción molar de A es:
(9)
y reemplazando (9) en (8) se obtiene:
o bien
t
AA n
nx
AA x
P
P PxP AA
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En forma análoga se obtiene para los otros componentes de la mezcla:
Las últimas tres relaciones expresan:
PxP CC PxP BB
La presión parcial de un gas en una mezclaes igual al producto de su fracción molar yla presión total de la mezcla.
La presión parcial de un gas en una mezclaes igual al producto de su fracción molar yla presión total de la mezcla.
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5.4. Aplicaciones de la ecuación de estado de gas ideal.
Problema 1.
Las condiciones de presión = 1 atm y temperatura = 0°C (273 K) para gases, ambas simultáneamente, se conocen con el nombre de condiciones estandar (TPE).
Así cuando un gas se encuentra a 1 atm y 273 K, se dice que el gas está en condiciones estandar.
Calcule el volumen que ocupa 1 mol de gas ideal en condiciones estandar de P y T.
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P V = n R T
V = 22,4 L
1 mol de gas ideal a TPE ocupa volumen =22,4 L
P
TR nV
atm 1
K 273 Kmol
Latm0,082 mol 1
V
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Problema 2.
Cierta cantidad de aire ocupa un volumen de 24,8 cm3 y ejerce 1,12 atm de presión. Si la presión de este aire se aumenta hasta 2,64 atm sin que cambie su temperatura, ¿cuál sería su volumen?Solución.
Estado inicial: Vi = 24,8 cm3; Pi = 1,12 atm
ni = …; Ti = …
Estado final: Vf = ? ; Pf = 2,64 atm
nf = ni; Tf = Ti
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Entonces, si n y T son constantes, se debe cumplir:
Pi Vi = Pf Vf
Vf = 10,5 cm3
atm 2,64
cm 24,8atm 1,12
P
V PV
3
f
iif
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Problema 3.
Un tanque de acero de 1 L está conectado a un válvula de seguridad que se abre cuando la presión interna excede los 1000 torr. El tanque se llena con He a 23°C y 0,991 atm y a continuación se eleva su temperatura hasta 100°C. ¿Se abrirá la válvula de seguridad?
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Estado inicial: Vi = 1 L; ni ; Pi = 0,991 atm; Ti = 23°C + 273 = 296 K
Estado final:Vf = 1 L; nf = ni; Pf = ?; Tf = 100°C + 273 = 373 K
Comparando ambos estados:
PiVi = ni R Ti Pf Vf = nf R Tf
ff
ii
ff
ii
TR n
TR n
V P
V P
f
i
f
i
T
T
P
P
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f
i
if T
T
PP
K 373K 296
atm 0,991Pf
torr 950atm 1
torr 760atm 1,25atm 1,25Pf
Respuesta:La válvula de seguridad no se abre debido aque Pf es menor que 1000 torr .
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Problema 4.
Un recipiente de volumen rígido contiene 35,0 g de etileno (C2H4) a una presión de 793 torr, ¿Cuál es la presión si se retiran 5 g de etileno del recipiente sin que cambie la temperatura?
Solución.
Se puede escribir:
y como V y T son constantes se llega a:
ff
ff
ii
ii
Tn
VP
Tn
VP
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ni = 35,0 g / 28,054 g mol-1 = 1,25 mol
nf = 30,0 g / 28,054 g mol-1 = 1,07 mol
Pi = 793 torr
f
f
i
i
n
P
n
P
torr 679mol 1,25
mol 1,07torr 793
n
nPP
i
fif
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Problema 5.
Un tanque de acero de 438 L de capacidad se llena con 0,885 kg de O2. Calcule la presión del O2 a 21 °C.
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Solución.
n de O2 = 885 g / 32 g mol-1 = 27,7 mol
P = 1,53 atm
L 438
K 294Kmol
Latm0,082mol 27,7
V
TR nP
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Problema 6.
El tanque del problema anterior desarrolla una pequeña fuga sin que la temperatura cambie. Descubierta la fuga el tanque se sella y se mide la presión encontrándose que esta es 1,37 atm. ¿Cuántos gramos de O2 quedan en el tanque?
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
75
Solución.
El estado del O2 después de la fuga es:
V = 438 L, T = 294 K, P = 1,37 atm
Se puede calcular los moles de O2 dentro del tanque:
Masa de O2= 24,9 x 32,0 = 796,8 g = 0,797 kg
mol 24,9K294
K mol
L atm0,082
L 438atm 1,37
TR
V Pn
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76
Problema 7.
Calcule la densidad del dióxido de carbono a 1 atm y 25°C. ¿Cuál será el valor de la densidad en condiciones estándar?
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
77
Solución.
Usando la ecuación de estado en la forma:
P M = d R T
y reemplazando las condiciones de P y T del CO2 además del valor de su masa molar:
g/L 1,80298K
Kmol
Latm0,082
mol
g44,01atm 1
TR
MPd
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78
Otra solución:
1 mol de CO2 tiene masa = 44,01 g
Se calcula el volumen de 1 mol de CO2 a 1 atm y 25°C:
24,44L1atm
298KKmol
Latm0,0821mol
P
nRTV
g/L 1,8024,44L
44,01g
V
md
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79
Cálculo de la densidad de CO2 en condiciones TPE: 1 atm y 273 K.
El volumen de 1 mol de gas a TPE es 22,39 L (verifíquelo), luego la densidad del CO2 a TPE es:
g/L 1,9722,39L
44,01g
V
md
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80
Problema 8.
Una muestra de 0,582 g de un gas en un volumen de 213 cm3 a 102°C ejerce presión 753,9 torr. Determine la masa molar del gas.
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
81
Solución.
En la ecuación de estado: P V = n R T
se reemplaza n = m/M y se obtiene:
P V = (m RT)/M
Luego:
M = 84,7 g/mol
0,213L
atm
torr760
753,9torr
273)K(102Kmol
Latm0,0820,582g
PV
mRTM
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82
Problema 9.
Una mezcla de gases nobles consiste en 5,6 g de He, 15,0 g de Ne y 35,0 g de Kr. Calcule la presión parcial de cada gas en la mezcla si ésta se mantiene a una temperatura T y a 2,50 atm.
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83
Solución.
Mezcla:
5,6 g He => 5,6 g/4 g mol-1 = 1,40 mol
15,0 g Ne => 15,0 g/ 20,18 g mol-1 = 0,743 mol
35,0 g Kr => 35,0 g/83,80 g mol-1 = 0,418 mol
nt = 2,561 mol
Las fracciones molares son:
xHe = 1,40 / 2,561 = 0,547
xNe = 0,743 / 2,561 = 0,290
xKr = 1-0,547-0,290 = 0,163
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84
La presión de la mezcla es 2,50 atm.
Aplicando la ley de Dalton a cada gas de la mezcla:
PHe = xHe P = 0,547 x 2,50 atm = 1,37 atm
PNe = xNe P = 0,290 x 2,50 atm = 0,725 atm
La presión parcial se puede calcular:
PKr = 2,50 – 1,37 – 0,725 = 0,41 atm
o también :
PKr = xKr P = 0,163 x 2,50 atm =0,41 atm
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85
TAREAProblema 10.
Se mezclan 0,60 L de Ar a 121,590 kPa y 227°C con 0,20 L de O2 a 501 torr y 127°C en un matraz de 400 mL a 27°C.
Calcule:
a) la presión de la mezcla en atm
b) la composición de la mezcla en % en moles.
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86
Problema 11.
¿Cuántos gramos de clorato de potasio deben descomponerse de acuerdo a la reacción:
2 KClO3(s) = 2 KCl(s) + 3 O2(g)
para obtener 638 mL de O2(g) a 15 °C y 752 torr?
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87
Solución.
Los moles de O2 contenidos en 638 mL a 15 °C y 752 torr se pueden determinar con la ecuación de estado:
lmo 0,0267288K
K mol
L atm0,082
L 0,638atm 760
752
RT
PVn
2O
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88
La reacción de descomposición: M (g/mol) 122,56
2 KClO3(s) = 2 KCl(s) + 3 O2(g)
establece que los moles de KClO3 descompuestos son 2/3 de los moles de O2 producidos, así:
n de KClO3 descom. = (2/3) x 0,0267 mol
= 0,0178 mol
masa de KClO3 descom. = 0,0178 x122,56
= 2,181 g
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89
¿Cómo se recoge un gas que se produce en una reacción?
El gas que se produce en una reacción se puede acumular en un equipo sencillo como el que se ilustra en la transparencia siguiente.
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90
Recogiendo un gas sobre agua a T.
El gas debe ser insoluble en el líquido sobre el cual se recoge.
T
gas H2O(l)
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91
T
gas
H2O(l)
gas
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
92
Presión de vapor de un líquido.
Si una sustancia líquida está en contacto con vapores de ella y ambas están en equilibrio (ambas presentes indefinidamente) a una temperatura fija T, los vapores de la sustancia ejercen una presión que se denomina PRESIÓN DE VAPOR DEL LÍQUIDO a la temperatura T.
vapor
en equilibrio a T
líquido
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93
La presión de vapor de una sustancia líquida depende de la temperatura.
Ejemplo: presiones de vapor de H2O (l) en función de la temperatura.
T °C P (torr) T °C P (torr)0 4,6 50 92,5
10 9,2 60 149,4
20 17,5 70 233,7
25 23,8 80 355,1
30 31,8 90 525,8
40 55,3 100 760,0
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94
Presión de vapor de agua en función de T
0
100
200
300
400
500
600
700
800
0 20 40 60 80 100 120
T °C
P (
torr
)
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95
T gas +
H2O(v)
h
1 2
H2O(l)
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96
Balance de presión:
Debido a que 1 y 2 se encuentran estables en un mismo nivel, se cumple que:
P en 1 = P en 2
La presión en 1 la ejerce todo lo que está sobre el nivel 1, esto es: la columna de agua de altura h, el gas acumulado y el vapor de agua, ambos en V.
P en 1 = Pcolumna de agua +Pgas + Pvapor de agua
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97
La presión en 2 la ejerce sólo la atmósfera, así:
P en 2 = Patmosférica
Igualando P en 1 y P en 2, se llega a:
Pcolumna agua, h +Pgas+ Pvapor de agua = Patmosférica
Finalmente:
Pgas = Patmosférica - Pcolumna agua, h - Pvapor de agua
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98
Problema 12.
El gas acetileno, C2H2, se puede producir por reacción de carburo de calcio y agua:
CaC2(s) + H2O(l) = C2H2(g) + Ca(OH)2(ac)El acetileno se colecta sobre agua a 20°C en un equipo como el mostrado en los esquemas anteriores. El volumen de gas acumulado es 523 mL y la altura de la columna de agua fue 4,5 cm.Sabiendo que cada cm de agua ejerce una presión igual a 0,74 mm Hg y que la presión de vapor del agua a 20°C es 17,5 torr, calcule los gramos de acetileno colectados.
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99
5.5. Teoría cinético-molecular, modelo para gases.
Cualquier sistema físico o químico puede ser analizado y estudiado a nivel:
MACROSCÓPICO
y/o
MICROSCÓPICO
Hasta ahora se ha estudiado el comportamiento macroscópico del estado gaseoso, es decir hemos aprendido del comportamiento de muestras medibles y manejables de gas (muestras macro).
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
100
El estudio microscópico tiene como propósito lograr la comprensión del comportamiento macroscópico de un sistema en función de las propiedades de las partículas individuales que forman el sistema.
En otras palabras se trata de establecer relaciones entre las propiedades de las partículas que forman el gas (átomos, molécu-las, .. ) y las propiedades macroscópicas ya estudiadas.
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101
Sistema MACRO… y Sistema MICRO…
Propiedades macro… Propiedades micro…
(de las partículas)
GAS
P, T, V, m
• Masa• Velocidad• Energía cinética• Momentum• …
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102
La TEORÍA CINÉTICO-MOLECULAR de los gases consiste en un MODELO que explica el comportamiento macroscópico del gas en función de las propiedades de partículas individuales.
La teoría obtiene sus conclusiones a través de derivaciones matemáticas rigurosas pero nuestra discusión del modelo será más bien cualitativa.
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103
La Teoría Cinético-Molecular de los gases fue desarrollada en el siglo XIX, principalmente por los científicos:
J. C. Maxwell y L. Boltzmann.
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
104
La Teoría cinético-molecular fue capaz de explicar las leyes de los gases a las que habían llegado empíricamente algunos grandes científicos del siglo anterior:
leyes de: Boyle, Avogadro, Charles y Gay-
Lussac, Dalton
además de entender el origen de la presión y de la temperatura y otros fenómenos que presentan los gases como son la efusión y la difusión.
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
105
Postulados de la Teoría Cinético-Molecular de los gases. (Modelo de gas).
La teoría se basa en los siguientes postulados, considerando que un gas consiste de una gran colección de partículas individuales :
1) Volumen de las partículas: El volumen de una partícula individual es extremadamente pequeño comparado con el volumen del recipiente que lo contiene. En escencia, el modelo representa a las partículas como puntos de masa (no ocupan volumen).
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
106
2) Movimiento de las partículas: Las partículas están en constante movimiento rectilíneo al azar y colisionan entre ellas y con las paredes del recipiente.
3) Colisiones de partículas: Las colisiones son elásticas, lo que quiere decir que las partículas que colisionan intercambian energía pero no la pierden por la fricción (=> la energía cinética total de las partículas es constante). Las partículas no interaccionan entre sí, esto significa que entre ellas no se influencian y cada una actúa independiente de las demás (=> no hay fuerzas de atracción ni de repulsión).
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
107
Partículas de gas
pared
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
108
El movimiento al azar de las partículas de gas y los choques entre ellas y con las paredes hacen que sus velocidades sean variables. Por lo tanto , las moléculas tienen una velocidad promedio, con algunas moviéndose más rápido que este promedio y otras más lento. Maxwell propuso una ecuación mostrando que la distribución de velocidades para las partículas depende de la temperatura del gas y de la masa de las partículas.
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
109
Función de distribución de velocidades moleculares.
Efecto de temperatura en la distribución de velocidades.
m = cte.
Velocidad más probable
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
110
He
H2O
O2
Fra
cció
n d
e m
olec
con
vel
oc
velocidad
a T
Efecto de masa molecular en la distribución develocidades
Las moléculas máslivianas se mueven a velocidades másaltas que las máspesadas.
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
111
Por otro lado, el movimiento de traslación de las partículas les confiere energía de tipo cinética, la que en términos de velocidad y masa se expresa por la relación: (1)
donde m = masa de la partícula (átomo o molécula) = es el promedio de los cuadrados de las velocidades de las partículasy = es la energía cinética promedio de las partículas
2
2
1umEc
2u
cE
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
112
La raíz cuadrada de se denomina:
raíz del promedio del cuadrado de la velocidad, y se la simboliza por urms:
(Note que urms es diferente de )
La dependencia de la función de distribución de velocidades con respecto de la temperatura => que Ec promedio también depende de la temperatura.
2u
2uurms
u
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
113
La TCMG permite establecer que:
(2)
para 1 mol de partículas.
La ecuación (2) expresa que:
La temperatura es una medida de la
energía cinética de las partículas de gas.
RTEc 2
3
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
114
De las ecuaciones (1) y (2) se obtiene: donde T en K M en kg/mol si R = 8,314 J/mol K
A partir de la ecuación (2), dividiendo por NA, se puede obtener la energía cinética para una partícula:
M
RTurms
3
kTN
RT)E(
Apartículac 2
3
2
3
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
115
En la última ecuación, k es una constante.
La constante k se denomina constante de Boltzmann y es la constante de los gases expresada por partícula.
A partir de R = 8,314 J mol-1 K-1:
Kpartícula
J101,386
mol
partícula106
Kmol
J8,314
k 23
23
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
116
La presión como propiedad macroscópica de un gas es el resultado de las colisiones de las partículas con las paredes del recipiente.• Mientras más partículas haya en el recipiente, más
colisones y por lo tanto mayor presión ejerce el gas.
1) 2)
T, V, n menor T, V, n mayor
menor P mayor P
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
117
Para una misma cantidad de gas, mientras menor es el volumen del recipiente, mayor es la frecuencia de colisión y en consecuencia la presión del gas aumenta.
n, T, V mayor n, T, V menor P menor P mayor
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
118
Efusión y difusión de los gases.
Uno de los primeros triunfos de la TCG fue la explicación de la EFUSIÓN, que es proceso por el cual un gas escapa del recipiente cuando éste tiene una fisura o un orificio diminuto.
P menorgas
P
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
119
El estudio de la efusión fue hecho por Graham y estableció que la velocidad de efusión de un gas era inversamente proporcional a la raíz cuadrada de la densidad del gas.
Puesto que la densidad del gas es directa-mente proporcional a su masa molar, a P y T, entonces:
M
1
d
1 efusión de velocidad
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
120
La velocidad de efusión se define como la cantidad de gas que efusiona por unidad de tiempo.
La cantidad de gas se puede expresar como número de moles (n) o como V (a T y P):
velocidad efusión = n de gas /tiempo
o
velocidad efusión = Vgas /tiempo
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
121
La ley de Graham se enuncia:
la velocidad de efusión de un gas es
inversamente proporcional a la raíz
cuadrada de su masa molar (M).
Para dos gases A y B, que se encuantrn en las mismas condiciones de P y T, se cumple:
A
B
M
M
B velocidad
Avelocidad
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
122
La relación anterior muestra que en iguales condiciones de P y T el gas más liviano (menor M) fluye a velocidad mayor que el gas de mayor masa molar.
Se debe a que a igual T la velocidad más probable de las moléculas livianas es mayor.
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123
El movimiento de los gases, ya sea entre ellos o hacia regiones de menor presión tiene muchas aplicaciones importantes.
Se denomina DIFUSIÓN al proceso de invasión de un gas dentro de otro: ( más liviano que )
La velocidad de las partículas en los procesos de efusión y de difusión son las mismas.
Llave cerrada Llave abierta
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124
La aplicación más importante de la ley de Graham es el enriquecimiento del combustible del reactor nuclear: separar el isótopo de uranio no fisionable más abundante 238U, del isótopo fisionable 235U para incrementar la proporción de este último en la mezcla.
Ya que los isótopos tienen propiedades químicas idénticas, se separan utilizando sus diferencias de velocidades de efusión de sus compuestos gaseosos.
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125
Separación por efusión:
Molécula de menor masa
Molécula de mayor masa
Pared permeablea ambos gases
etc. hasta
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
126
Problema 13.
Compare la velocidad de efusión del He y del CH4.
Solución:
2,0024,003
16,04
M
M
CH velocidad
He velocidad
He
CH
4
4
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
127
Problema 14.
Si se requieren 1,25 minutos para que fluyan 0,001 moles de He a P y T, ¿cuánto tiempo es necesario para que fluya la misma cantidad de metano a P y T?
Solución:
He de M
CH de M
He det
CH det
CH det
CH de molesHe det
He de moles
CH velocidad
He velocidad 44
4
44
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128
Como:
moles de He = moles CH4 = 0,001 mol
2,50min1,25min2,002CH det
2,002He de M
CH de M
min 1,25
CH det
He de M
CH de M
He det
CH det
4
44
44
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129
Los postulados de la TCMG permiten obtener expre-siones para otras propiedades de este modelo de gas, tales como:
Frecuencia de colisión.
Camino libre medio (o recorrido libre medio).
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130
Frecuencia de colisión: es el número de colisiones
entre partículas por unidad de tiempo.
Camino libre medio (o recorrido libre medio): distancia promedio que recorre una partícula entre una colisión y otra.
La frecuencia de colisión y el camino libre medio son características del estado gaseoso que tienenincidencia en los fenómenos de transporte de los gases.
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131
Camino libre medio:
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
132
5.6. Comportamiento real de los gases.
La ecuación de estado P V = n R T es válida en las condiciones que se definieron como ideales.
Los postulados de la TCMG idealizan las propiedades de las partículas que forman el gas y ese modelo de gas conduce a la ecuación PV=nRT.
El comportamiento real (verdadero) de un gas no queda exactamente representado por la ecuación ideal o por la TCMG salvo que este gas esté en las condiciones conocidas como ideales.
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
133
Para los gases se define el factor de compresi-bilidad, z:
para n a T y P
Entonces para un gas ideal z = 1 y para gas en condiciones no ideales:
ideal
real
V
Vz
nRT
PV
P
nRTV
V
Vz realreal
ideal
real
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134
Para el gas definido como ideal z = 1, independiente de P y T. Para un gas (real) z es distinto de 1 y cambia con P y con T. a T=cte para dife- z rentes gases 1 ideal
200 400 600 800 P(atm)
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135
Variación de z con la presión para un determinado gas a distintas T
z T altas
T bajas
1 ideal
P
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136
Las figuras anteriores muestran que todos los gases se comportan en forma ideal ( z=1) en la zona de P bajas (cuando P tiende a cero).
¿Cómo representar el comportamiento real de un gas en zonas de presión y de temperaturas alejadas de la idealidad?
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
137
J. Van der Waals,
fue quien primero introdujo modificaciones al modelo de gas ideal derivado de la TCMG y en consecuencia a la ecuación de estado de gas ideal PV = nRT.
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
138
Van der Waals introdujo las siguientes modificaciones a los postulados de la TCMG:
1) Las partículas de gas, por muy pequeñas que sean ellas ocupan un volumen finito y por lo tanto, éste debe ser considerado.
V (vasija)
volumen partículas
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139
2) Al acercarse entre sí, las partículas de gas pueden interaccionar de tal manera que ellas se “agrupen” provocando una disminución en el número de “partículas de gas”.
sin interacción con interacción el número (12) de partículas disminuye (8)
UdeC/FCQ/P.Reyes Unidad 5
140
Consecuencias de las modificaciones:
1) El volumen disponible para el gas ya no es el volumen V de la vasija sino que es la diferencia entre el volumen de la vasija (V) y el volumen que ocupan las partículas de gas.
2) La presión del gas se ve disminuida a causa de la disminución del número de partículas.
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141
La ecuación de estado para gases propuesta por Van der Waals, y que lleva su nombre es:
En la ecuación de Van der Waals, “a” y “b” son constantes que dependen de la naturaleza del gas.
Por lo tanto la ecuación de Van der Waals es única para cada gas.
TRnbnVV
anP
2
2
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142
Significado de las constantes “a” y “b” en la ecuación de Van der Waals:
“a” se relaciona con las fuerzas de atrac-ción entre las partículas del gas.
“b” corresponde al volumen total de las partículas del gas
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143
Algunos valores de las constantes “a” y “b” de Van der Waals:
Gas
He
H2
Cl2
CH4
NH3
H2O
0,034
0,244
6,49
2,25
4,17
5,46
0,0237
0,0266
0,0562
0,0428
0,0371
0,0305
)molL(atm a 22 )lmo(L b 1
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144
Problema 15.
Calcule la presión que ejercen 2 moles de NH3 cuando están contenidos en un recipiente de 0,5 L a 50°C:
a) suponiendo comportamiento ideal,
b) usando ecuación de Van der Waals.
c) Responda a) y b) para CO2.
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145
Solución.
a) Suponiendo comportamiento ideal:
P V = n R T
P = 105,9 atm
0,5L
323KKmol
Latm0,0822mol
P
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146
b) Usando ecuación de Van der Waals:
P = 57,7 atm
TRnbnVV
anP
2
2
22
2
222
L0,5mol
L atm4,17mol2
mol
L0,03712mol0,5L
323KK mol
L atm0,0822mol
P
2
2
V
an
bnV
TRnP
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147
c) Responda a) y b) para CO2:
• Usando la ecuación de estado de gas ideal para CO2 la presión es la misma que para NH3 ya que la ecuación es independiente de la naturaleza del gas.
• La ecuación de estado de Van der Waals para CO2 es distinta que para NH3 porque las constantes “a” y “b” cambian.
Para CO2 : a = 3,59 atm L2 mol-2
b = 0,0427 L/mol
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148
Reemplazando en:
P = 70,3 atm
2
2
V
an
bnV
TRnP
22
2
222
L0,5mol
L atm3,59mol2
mol
L0,04272mol0,5L
323KK mol
L atm0,0822mol
P
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149
Conclusión:
Los valores más aceptables son los dados por la ecuación de estado de Van der Waals. En este ejemplo de cálculo de presión, la ec. de estado ideal predice el valor de P con error de 84% en exceso para NH3 y 51%, para CO2.
GAS P (atm)
ideal Van der Waals
NH3
CO2
105,9
105,9
57,7
70,3
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150
Comentarios finales:
1) La ecuación de estado de Van der Waals tiende a la ec de estado ideal cuando las interacciones entre moléculas desapare-cen y cuando el V de la vasija es suficien-temente grande comparado con nb:
P V = n RT
TRnbnVV
anP
2
2
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2) La ecuación de estado de Van der Waals es sólo una de las muchas ecuaciones que se han propuesto a través de los años para explicar los datos PVT observados para gases.
3) Hoy existen decenas de ecuaciones para representar el estado gaseoso. Toman en cuenta distintas formas de dependencia de los parámetros (“a”, “b” y otros) con respecto de temperatura y presión.
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4) Finalmente se debe destacar que todas las ecuaciones de estado propuestas para gases están basadas en las dos ideas fundamentales sugeridas por Van der Waals:
=> las moléculas tienen tamaño
=> entre moléculas actúan fuerzas
Las ecuaciones más modernas incluyen la dependencia de las fuerzas intermolecu-lares de la distancia que separa las moléculas.
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Problema 16.
Una vasija de 2,0 L contiene N2(g) a 300 K y 1, 5 atm. En esta vasija se introducen 3,0 L de H2(g) medidos a 400 K y 2,0 atm. La mezcla de H2 y N2 se lleva a 350 K y se deja reaccionar para formar amoníaco gas. El rendimiento de la reacción es 35%. Suponga comportamiento ideal y calcule:a) los gramos de amoníaco formados,b) la composición y la presión de la mezcla final.
Resp: a) 0,727 g; b) 3,76 atm; c) 45,3 %moles H2; 16,3 % moles de NH3.
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Problema 17.Un recipiente, X, de paredes rígidas pero permeables a He, Ne y Ar contiene una mezcla 50% en moles de Ne y Ar a presión total P y temperatura T. Este recipiente se introduce dentro de otro, Y, que contiene He a la misma presión P y temperatura T, como se esquema-tiza en la figura que sigue.
Y a P y T X
NeAr
He
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Después de cierto tiempo:
a) ¿qué gases hay al interior de cada recipiente?
b) ¿cómo es P en X comparada con P en Y y por qué?
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